题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5023

解题报告:一面墙长度为n,有N个单元,每个单元编号从1到n,墙的初始的颜色是2,一共有30种颜色,有两种操作:

P a b c  把区间a到b涂成c颜色

Q a b 查询区间a到b的颜色

线段树区间更新,每个节点保存的信息有,存储颜色的c,30种颜色可以压缩到一个int型里面存储,然后还有一个tot,表示这个区间一共有多少种颜色。

对于P操作,依次往下寻找,找要更新的区间,找到要更新的区间之前,如果当前所在的区间的总共的颜色只有一种,那么就要把这个区间的信息压到这个节点的两个子节点中,

然后再选择要更新的那个区间所在的那个区间继续往下更新。

对于Q操作,这个可以随便了,反正区间的信息都存在了每个节点的C 里面,只要按规则取出来就行了。

 #include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn = ;
struct node
{
int l,r,c,tot;
void Node(int l1,int r1,int c1,int tot1)
{
l = l1,r = r1,c = c1,tot = tot1;
}
}tree[*maxn];
int ans; void Init(int p)
{
if(tree[p].l == tree[p].r) return ;
int mid = (tree[p].l + tree[p].r) / ;
tree[*p].Node(tree[p].l,mid,,);
tree[*p+].Node(mid+,tree[p].r,,);
Init(*p);
Init(*p+);
}
void paint(int p,int l,int r,int c)
{
if(tree[p].l == l && tree[p].r == r)
{
tree[p].c = << (c-);
tree[p].tot = ;
return ;
}
int mid = (tree[p].l + tree[p].r) / ;
int T;
if(tree[p].tot == ) //如果这个节点只有一种颜色,需要先往下推
{
T = ;
for(int i = ;i < ;++i)
if(tree[p].c & ( << i))
{
T = i+;
break;
}
paint(*p,tree[p].l,mid,T);
paint(*p+,mid+,tree[p].r,T);
}
if(r <= mid)
{
paint(*p,l,r,c);
}
if(l <= mid && r > mid)
{
paint(*p,l,mid,c);
paint(*p+,mid+,r,c);
}
else if(l > mid)
{
paint(*p+,l,r,c);
}
tree[p].c = tree[*p].c | tree[*p+].c; //回溯
int tt = ;
for(int i = ;i < ;++i)
if(tree[p].c & ( << i))
tt++;
tree[p].tot = tt;
}
void query(int p,int l,int r)
{
if((tree[p].l == l && tree[p].r == r) || tree[p].tot == )
{
ans |= tree[p].c;
return ;
}
int mid = (tree[p].l + tree[p].r) / ;
if(r <= mid) query(*p,l,r);
else if(l <= mid && r > mid)
{
query(*p,l,mid);
query(*p+,mid+,r);
}
else if(l > mid) query(*p+,l,r);
}
int main()
{
// freopen("in.txt","r",stdin);
// freopen("out.txt","w",stdout);
int n,m;
while(scanf("%d%d",&n,&m),n+m)
{
tree[].Node(,n,,);
Init();
int a,b,c;
char oper[];
while(m--)
{
scanf("%s%d%d",oper,&a,&b);
if(oper[] == 'P')
{
scanf("%d",&c);
paint(,a,b,c);
}
else
{
ans = ;
query(,a,b);
int flag = ;
for(int i = ;i < ;++i)
if(ans & ( << i))
{
printf(flag? "%d":" %d",i+);
flag = ;
}
puts("");
}
// for(int i = 1;i <= 9;++i)
// printf(i == 9? "%d\n":"%d ",tree[i].c);
// for(int i = 1;i <= 9;++i)
// printf(i == 9? "%d\n":"%d ",tree[i].tot);
}
}
}

HDU 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art(线段树区间更新)的更多相关文章

  1. HDU 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art 线段树区间更新+状态压缩

    Link:  http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5023 #include <cstdio> #include <cstring&g ...

  2. hdu 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art 线段树

    A Corrupt Mayor's Performance Art Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 100000/100 ...

  3. hdu----(5023)A Corrupt Mayor's Performance Art(线段树区间更新以及区间查询)

    A Corrupt Mayor's Performance Art Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 100000/100 ...

  4. HDU5023:A Corrupt Mayor's Performance Art(线段树区域更新+二进制)

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5023 Problem Description Corrupt governors always find way ...

  5. ACM学习历程—HDU 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art(广州赛区网赛)(线段树)

    Problem Description Corrupt governors always find ways to get dirty money. Paint something, then sel ...

  6. HDU 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art (据说是线段树)

    题意:给定一个1-n的墙,然后有两种操作,一种是P l ,r, a 把l-r的墙都染成a这种颜色,另一种是 Q l, r 表示,输出 l-r 区间内的颜色. 析:应该是一个线段树+状态压缩,但是我用s ...

  7. 2014 网选 广州赛区 hdu 5023 A Corrupt Mayor's Performance Art

    #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> #d ...

  8. hdu - 5023 - A Corrupt Mayor's Performance Art(线段树)

    题目原文废话太多太多太多,我就不copyandpaste到这里啦..发个链接吧题目 题目意思就是:P  l  r  c  将区间 [l ,r]上的颜色变成c    Q  l r 就是打印出区间[l,r ...

  9. POJ 2528 Mayor's posters(线段树/区间更新 离散化)

    题目链接: 传送门 Mayor's posters Time Limit: 1000MS     Memory Limit: 65536K Description The citizens of By ...

随机推荐

  1. 深入JVM-常用Java虚拟机参数

    一.跟踪调试参数 1.1 跟踪垃圾回收-读懂虚拟机日志 Java的一大特色就是支持自动的垃圾回收(GC),但是有时候,如果垃圾回收频繁出现,或者占用了太长的CPU时间,就不得不引起重视.此时,就需要一 ...

  2. spring boot 框架 启动更新项目,以及生成 "实体_"文件

    1.更新项目 clean  --->  更新项目 ---> package--->refresh 即可.(这几个步骤一个不能够少) 2.项目中的类的依赖关系存在,但是无法导入依赖 m ...

  3. 命名实参和可选实参 Named and Optional Arguments

    1. 利用“命名实参”,您将能够为特定形参指定实参,方法是将实参与该形参的名称关联,而不是与形参在形参列表中的位置关联. static void Main(string[] args) { Conso ...

  4. 谁都能看懂的单点登录(SSO)实现方式(附源码)

    SSO的基本概念 SSO英文全称Single Sign On(单点登录).SSO是在多个应用系统中,用户只需要登录一次就可以访问所有相互信任的应用系统.它包括可以将这次主要的登录映射到其他应用中用于同 ...

  5. sed delete

    sed -i '1d' a.txt删首行 sed -i '$d' b.txt删尾行 sed -i 's/[ ]//g' c.txt删空格 sed -i '/^$/d' d.txt删空行 sed -i ...

  6. jQuery validate 验证隐藏域

    $.validator.setDefaults({ ignore: '' }); 不要加载jQuery ready中,什么改写changelog ,那是扯蛋

  7. JAVA第三周课后作业

    JAVA课后作业 一.枚举类型 代码: enum Size{SMALL,MEDIUM,LARGE}; public cl ass EnumTest { public static void main( ...

  8. Java关键字——instanceof

    Java中可以使用instanceof关键字判断一个对象到底是哪一个类的实例 格式:对象 instance 类 返回 boolean类型 通过子类实例化的对象同时是子类和父类的实例,无论是直接声明子类 ...

  9. JavaWeb学习笔记——开发动态WEB资源(三)显示当前时间

    该工程的功能是实现在页面中显示当前的时间 以下的代码是HelloServlet.java中的代码 package helloapp2; import java.io.IOException; impo ...

  10. cmake 编译 c++ dll 的一个例子

    CMakeLists.txt project(xxx) add_library(xxx SHARED xxx.cpp) add_executable(yyy yyy.cpp) target_link_ ...