Description

Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城。T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接。为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路径。换句话说, T 城中只有N − 1 座桥。Ray 发现,有些桥上可以看到美丽的景色,让人心情愉悦,但有些桥狭窄泥泞,令人烦躁。于是,他给每座桥定义一个愉悦度w,也就是说,Ray 经过这座桥会增加w 的愉悦度,这或许是正的也可能是负的。有时,Ray 看待同一座桥的心情也会发生改变。现在,Ray 想让你帮他计算从u 景点到v 景点能获得的总愉悦度。有时,他还想知道某段路上最美丽的桥所提供的最大愉悦度,或是某段路上最糟糕的一座桥提供的最低愉悦度。

Input

输 入的第一行包含一个整数N,表示T 城中的景点个数。景点编号为 0...N − 1。接下来N − 1 行,每行三个整数u、v 和w,表示有一条u 到v,使 Ray 愉悦度增加w 的桥。桥的编号为1...N − 1。|w| <= 1000。输入的第N + 1 行包含一个整数M,表示Ray 的操作数目。接下来有M 行,每行描述了一个操作,操作有如下五种形式: C i w,表示Ray 对于经过第i 座桥的愉悦度变成了w。 N u v,表示Ray 对于经过景点u 到v 的路径上的每一座桥的愉悦度都变成原来的相反数。 SUM u v,表示询问从景点u 到v 所获得的总愉悦度。 MAX u v,表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最大愉悦度。 MIN u v,表示询问从景点u 到v 的路径上的所有桥中某一座桥所提供的最小愉悦度。测试数据保证,任意时刻,Ray 对于经过每一座桥的愉悦度的绝对值小于等于1000。

Output

对于每一个询问(操作S、MAX 和MIN),输出答案。

Sample Input

3
0 1 1
1 2 2
8
SUM 0 2
MAX 0 2
N 0 1
SUM 0 2
MIN 0 2
C 1 3
SUM 0 2
MAX 0 2

Sample Output

3
2
1
-1
5
3

解题思路:

查链的套路。

新的技巧,将边变为点连入图。也就是点-边-点,这样就不用特殊处理了^_^

代码:

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define lll tr[spc].ch[0]
#define rrr tr[spc].ch[1]
#define ls ch[0]
#define rs ch[1]
using std::max;
using std::min;
using std::swap;
struct trnt{
int ch[];
int fa;
int val;
int sum;
int mx;
int mn;
int lzt;
int mul;
bool anc;
}tr[];
int wher[];
int n,m;
int cnt;
char cmd[];
bool whc(int spc)
{
return tr[tr[spc].fa].rs==spc;
}
void pushup(int spc)
{
if(!spc)
return ;
tr[spc].mx=max(tr[lll].mx,tr[rrr].mx);
tr[spc].mn=min(tr[lll].mn,tr[rrr].mn);
if(spc>n)
{
tr[spc].mx=max(tr[spc].val,tr[spc].mx);
tr[spc].mn=min(tr[spc].val,tr[spc].mn);
}
tr[spc].sum=tr[spc].val+tr[lll].sum+tr[rrr].sum;
return ;
}
void trr(int spc)
{
if(!spc)
return ;
swap(lll,rrr);
tr[spc].lzt^=;
return ;
}
void Mul(int spc)
{
if(!spc)
return ;
tr[spc].val*=-;
tr[spc].mx*=-;
tr[spc].mn*=-;
tr[spc].sum*=-;
swap(tr[spc].mn,tr[spc].mx);
tr[spc].mul^=;
return ;
}
void pushdown(int spc)
{
if(tr[spc].lzt)
{
trr(lll);
trr(rrr);
tr[spc].lzt=;
}
if(tr[spc].mul)
{
Mul(lll);
Mul(rrr);
tr[spc].mul=;
}
return ;
}
void recal(int spc)
{
if(!tr[spc].anc)
recal(tr[spc].fa);
pushdown(spc);
return ;
}
void rotate(int spc)
{
int f=tr[spc].fa;
bool k=whc(spc);
tr[f].ch[k]=tr[spc].ch[!k];
tr[spc].ch[!k]=f;
if(tr[f].anc)
{
tr[spc].anc=;
tr[f].anc=;
}else
tr[tr[f].fa].ch[whc(f)]=spc;
tr[spc].fa=tr[f].fa;
tr[f].fa=spc;
tr[tr[f].ch[k]].fa=f;
pushup(f);
pushup(spc);
return ;
}
void splay(int spc)
{
recal(spc);
while(!tr[spc].anc)
{
int f=tr[spc].fa;
if(tr[f].anc)
{
rotate(spc);
return ;
}
if(whc(spc)^whc(f))
rotate(spc);
else
rotate(f);
rotate(spc);
}
return ;
}
void access(int spc)
{
int lst=;
while(spc)
{
splay(spc);
tr[rrr].anc=;
tr[lst].anc=;
rrr=lst;
pushup(spc);
lst=spc;
spc=tr[spc].fa;
}
return ;
}
void Mtr(int spc)
{
access(spc);
splay(spc);
trr(spc);
return ;
}
void split(int x,int y)
{
Mtr(x);
access(y);
splay(y);
}
void link(int x,int y)
{
Mtr(x);
tr[x].fa=y;
return ;
}
int main()
{
tr[].mn=0x3f3f3f3f;
tr[].mx=-0x3f3f3f3f;
scanf("%d",&n);
cnt=n;
for(int i=;i<=*n;i++)
tr[i].anc=;
for(int i=;i<n;i++)
{
int a,b,c;
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
a++;
b++;
wher[i]=++cnt;
tr[cnt].sum=tr[cnt].val=tr[cnt].mx=tr[cnt].mn=c;
link(a,cnt);
link(b,cnt);
}
scanf("%d",&m);
while(m--)
{
scanf("%s",cmd);
if(cmd[]=='C')
{
int i,w;
scanf("%d%d",&i,&w);
splay(wher[i]);
tr[wher[i]].val=w;
pushup(wher[i]);
}else if(cmd[]=='N')
{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
u++;
v++;
split(u,v);
Mul(v);
}else if(cmd[]=='S')
{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
u++;
v++;
split(u,v);
printf("%d\n",tr[v].sum);
}else if(cmd[]=='A')
{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
u++;
v++;
split(u,v);
printf("%d\n",tr[v].mx);
}else{
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
u++;
v++;
split(u,v);
printf("%d\n",tr[v].mn);
}
}
return ;
}

BZOJ2157: 旅游(LCT)的更多相关文章

  1. [bzoj2157]旅游 (lct)

    这个应该也算裸的模板题吧..主要是边权的问题,对于每条边u->v,我们可以新建一个节点代替他,把边的信息弄到新的点上,就变成u->x->v了... 当然了这样的话要防止u和v这些没用 ...

  2. bzoj2157 旅游——LCT

    题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2157 仍然是LCT模板题~ 不过有一些需要注意的地方,点和边的区分,0号点的 mx 和 mn ...

  3. bzoj2157旅游

    bzoj2157旅游 题意: 给定有权树,支持单边权修改,路径边权取相反数,路径边权求和,路径边权求最大最小值. 题解: 用link-cut tree link-cut tree与树链剖分有些类似,都 ...

  4. 【BZOJ2157】旅游 LCT

    模板T,SB的DMoon..其实样例也是中国好样例...一开始不会复制,yangyang:找到“sample input”按住shift,按page down.... #include <ios ...

  5. BZOJ2157 旅游 【树剖 或 LCT】

    题目 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路径. ...

  6. [BZOJ2157]旅游(树链剖分/LCT)

    树剖裸题,当然LCT也可以. 树剖: #include<cstdio> #include<algorithm> #define ls (x<<1) #define ...

  7. bzoj 2157: 旅游 (LCT 边权)

    链接:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2157 题面; 2157: 旅游 Time Limit: 10 Sec  Memory Lim ...

  8. BZOJ2157: 旅游

    传送门 先讲一个悲伤地故事 RunID User Problem Result Memory Time Language Code_Length Submit_Time 1635823 Cydiate ...

  9. BZOJ2157旅游——树链剖分+线段树

    题目描述 Ray 乐忠于旅游,这次他来到了T 城.T 城是一个水上城市,一共有 N 个景点,有些景点之间会用一座桥连接.为了方便游客到达每个景点但又为了节约成本,T 城的任意两个景点之间有且只有一条路 ...

随机推荐

  1. C# 利用反射和特性 来做一些事情

    特性代码: [AttributeUsage(AttributeTargets.Class, AllowMultiple = false, Inherited = false)] public clas ...

  2. java引用被设置为null的疑惑

    a=null; public class C { protected A webDigester = new A(" first one "); public void test( ...

  3. 浅谈 C 语言中模块化设计的范式

    今天继续谈模块化的问题.这个想慢慢写成个系列,但是不一定连续写.基本是想起来了,就整理点思路出来.主要还是为以后集中整理做点铺垫. 我们都知道,层次分明的代码最容易维护.你可以轻易的换掉某个层次上的某 ...

  4. [Chromium文档转载,第003章]Proposal: Mojo Synchronous Methods

    Proposal: Mojo Synchronous Methods yzshen@chromium.org 02/02/2016 Overview Currently there are quite ...

  5. PHP date()获取某时间段以周、月、季度为粒度的时间段数组

    date()函数: PHP date()  参考:https://www.hi-docs.com/php/date.html Linux date()参考:http://www.cnblogs.com ...

  6. ZOJ 3175 Number of Containers 分块

    http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemId=3216 乱搞的...watashi是分块做的...但我并不知道什么是分块...大 ...

  7. docker升级&加速器配置

    默认使用yum或者apt安装的docker版本较老,可以通过以下方式进行升级: 1.卸载旧版本 [root@CentOS702 ~]# centos 7.3卸载docker[root@CentOS70 ...

  8. ES6学习笔记(十)代理器Proxy

    Java可以使用面向切面(AOP)的方法来实现某些统一的操作,比如某个操作的前置通知,后置通知等等,这种操作非常方便,其本质便是动态代理,JS的代理Proxy代理该如何使用呢? 某位大神的实现如下: ...

  9. 学习《SQL必知必会(第4版)》中文PDF+英文PDF+代码++福达BenForta(作者)

    不管是数据分析还是Web程序开发,都会接触到数据库,SQL语法简洁,使用方式灵活,功能强大,已经成为当今程序员不可或缺的技能. 推荐学习<SQL必知必会(第4版)>,内容丰富,文字简洁明快 ...

  10. 学习《零基础入门学习Python》电子书PDF+笔记+课后题及答案

    初学python入门建议学习<零基础入门学习Python>.适合新手入门,很简单很易懂.前一半将语法,后一半讲了实际的应用. Python3入门必备,小甲鱼手把手教授Python,包含电子 ...