P1354 房间最短路问题

传送门

可以发现，最短路一定要经过墙壁的断点。

那么把房间看作一个有向图，墙壁的断点为节点，求从起点到终点的最短路。

这道题的难点在于建图。枚举所有的断点，若可以走则加入这条边。

判断两点是否连通，即为判断两点之间是否有其他墙壁阻隔。

两点的连线可以看作一个一次函数$y=kx+B$，

$k=(x2-x1)/(y2-y1),B=y1-k*x1$

得到函数解析式后，算出中间的每一个墙壁与这条直线交点的$y$坐标，

由于给出墙壁的$x$是递增的，所以只需要枚举墙壁$x1+1$~$x2-1$。

若这个$y$恰好在墙壁的缺口里，则是连通的。

边的权值即为两点之间的欧几里德距离：$sqrt( (x2-x1)^2 + (y2-y1)^2 )$

边的序号：由于一条墙壁只有四个断点，则某个断点的序号可以记作$x*4+y[i]$，$i$为第几个断点。

数据范围很小，最后用floyd求出最短路即可。

注意开double！

代码如下

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define MogeKo qwq
using namespace std;
const int maxn = ;
const int INF = ;
int n;
 
double e[][];
 
struct wall {
    double x,y[];
} w[maxn];
 
bool check(int a,int b,int g1,int g2) {
    if(b-a<)return true;
    double xi = w[a].x,xii = w[b].x;
    double yi = w[a].y[g1],yii = w[b].y[g2];
    double k = (yii-yi)/(xii-xi);
    double B = yi-k*xi;
    for(int i = a+; i <= b-; i++) {
        double yy = k*w[i].x+B;
        if(!((yy>w[i].y[]&&yy<w[i].y[])||(yy>w[i].y[]&&yy<w[i].y[])))return false;
    }
    return true;
}
 
void add(int a,int b,int g1,int g2) {
    if(!check(a,b,g1,g2))return;
    double xi = w[a].x,xii = w[b].x;
    double yi = w[a].y[g1],yii = w[b].y[g2];
    e[(a<<)+g1][(b<<)+g2] = sqrt(pow(xii-xi,)+pow(yii-yi,));
}
 
void floyd() {
    for(int k = ; k <= (n<<)+; k++)
        for(int i = ; i <= (n<<)+; i++)
            for(int j = ; j <= (n<<)+; j++)
                e[i][j] = min(e[i][j],e[i][k]+e[k][j]);
}
 
int main() {
    scanf("%d",&n);
    for(int i = ; i <= n; i++) {
        scanf("%lf",&w[i].x);
        for(int j = ; j <= ; j++)
            scanf("%lf",&w[i].y[j]);
    }
    w[].x = ,w[++n].x = ;
    for(int i = ; i <= ; i++)
        w[].y[i] = w[n].y[i] = ;
    for(int i = ; i <= (n<<)+; i++)
        for(int j = ; j <= (n<<)+; j++)
            e[i][j] = INF;
    for(int i = ; i <= n; i++)
        for(int j = i+; j <= n; j++)
            for(int k = ; k <= ; k++)
                for(int l = ; l <= ; l++)
                    add(i,j,k,l);
    floyd();
    printf("%.2lf",e[][(n<<)+]);
    return ;
}