CF 1288 E. Messenger Simulator

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官方题解

题意想必大家都明白了这里就不赘述了,这里只想重点记录一下几种实现方法

分析

设向前移动的序列为\(a\)序列

  1. 对于没有向前移动的数字,出现的最小位置就是它最开始的位置,而求解最大位置时,只需要求出a序列中,有多少种比它大即可(注意不要计算重复)
  2. 对于向前移动了的数字 \(i\),出现的最小位置是1。求解最大位置:将它在a序列中出现的位置存放在vector中,对于 i 出现的第一个位置\(pos\), 计算\([1,pos-1]\)中有多少种比 i 大的数字出现。对于 i 出现的第 j 个位置\(pos_j\), 计算\([pos_{j-1}+1,pos_{j}-1]\) 中有多少种数字出现。

所以问题简化为:

  • 求前缀序列中大于某个数字的数字种类数

    • 树状数组维护显然可做
    • 权值线段树
  • 求数字种类数

    • 将查询排序,莫队(离线)复杂度\(O(n\sqrt{n})\)

    • 主席树(在线)时间复杂度\(O(nlogn)\)

    • 将查询排序,从左到右枚举右端点 \(r\)(即查询的右端点),线段树中维护区间[L,R]中,有多少数字是[1,r]中最后一次出现。

      • [1,2,1,2,3,5],当 \(r=6\)时,线段树中每个位置的值为[0,0,1,1,1,1]
      • [1,2,3,2,4], 当\(r=4\)时,线段树中每个位置的值为[1,0,1,1,0]

      然后直接在线段树上查询即可,复杂度\(O(nlogn)\)

除了数据结构的做法, 还有模拟做法,虽然无法很方便的用数组来模拟每个数字向前移动的情况,但是我们可以很方便的用数组来模拟每个数字添加到尾部的操作,由于我们在计算中只需要利用的是这些数字排列顺序,所以可以用树状数组来维护每个位置的情况。初始时按照n到1的顺序放在树状数组上,对于第 i 个移动的数字 a[i], pos[a[i]]表示它现在在树状数组的位置,进行如下操作

  1. 查询树状数组[1, pos[a[i]]-1], 记结果为 x ,则用 n - x 更新a[i]的答案
  2. 树状数组中 pos[a[i]] 上的值减1
  3. pos[a[i]] = n + i ,该等效于移动到队尾
  4. 树状数组中 pos[a[i]] 上的值加1

下面给出四种代码

  1. 树状数组 + 主席树
const int N = 300000 + 5;
int a[N], n, m, c[N];
vector<int> v[N];
struct SegTree{
int lc, rc;
int dat;
} t[N * 60];
int tot, root[N], mi[N], mx[N], past[N];
int build(int l,int r){
int p = ++tot;
if(l == r){
t[p].dat = 0;
return p;
}
int mid = l + r >> 1;
t[p].lc = build(l, mid);
t[p].rc = build(mid + 1, r);
t[p].dat = 0;
return p;
}
int insert(int now,int l,int r,int x,int val){ // l,r为当前线段树节点的左右区间
int p = ++tot;
t[p] = t[now];
if(l == r ){
t[p].dat += val;
return p;
}
int mid = l + r >> 1;
if(x <= mid)
t[p].lc = insert(t[now].lc, l, mid, x, val);
else
t[p].rc = insert(t[now].rc, mid + 1, r, x, val);
t[p].dat = t[t[p].lc].dat + t[t[p].rc].dat;
return p;
}
int query(int p,int L,int R,int l,int r){
if(L >= l && R <= r){
return t[p].dat;
}
int mid = L + R >> 1;
int res = 0;
if(mid >= l)
res += query(t[p].lc, L, mid, l, r);
if(mid < r)
res += query(t[p].rc, mid + 1, R, l, r);
return res;
}
void upd(int x){
for (; x <= n;x+=x&-x)
c[x] += 1;
}
int ask(int x){
int res = 0;
for (; x;x-=x&-x)
res += c[x];
return res;
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
int maxn = n;
root[0] = build(1, maxn);
for (int i = 1; i <= m;i++){
scanf("%d", &a[i]);
v[a[i]].push_back(i);
if(past[a[i]]){ //past[a[i]] 为a[i] 上次出现的位置
root[i] = insert(root[i - 1], 1, m, past[a[i]], -1); //减1操作在旧位置减1
root[i] = insert(root[i], 1, m, i, 1);//在新位置上+1
}else{
root[i] = insert(root[i - 1], 1, m, i, 1);
}
past[a[i]] = i;
}
root[m + 1] = root[m];
for (int i = 1; i <= n;i++){
mi[i] = mx[i] = i;
}
for (int i = 1; i <= m;i++){
mi[a[i]] = 1;
if(i == v[a[i]][0]){//i是a[i]第一次出现的位置
mx[a[i]] += ask(n) - ask(a[i]);//树状数组查询[1,i-1]中有多少种数字大于a[i]
upd(a[i]);
}
}
for (int i = 1; i <= n;i++){
if(v[i].size()==0)//求解[1,m]中有多少数字大于 i
mx[i] += ask(n) - ask(i);
}
for (int i = 1; i <= maxn; i++) {
if (v[i].size()) {
v[i].push_back(m + 1);
for (int j = 1; j < v[i].size(); j++) {
mx[i] = max(mx[i], query(root[v[i][j] - 1], 1, m, v[i][j - 1] + 1, v[i][j] - 1) + 1);//主席树在线查询[v[i][j-1]+1, v[i][j]-1]有多少种数字
}
}
}
for (int i = 1; i <= n;i++){
printf("%d %d\n", mi[i], mx[i]);
}
return 0;
}
  1. 树状数组+莫队
const int N = 300000 + 5;

#define x first
#define y second
typedef pair<int, int> pii;
int n, m, a[N], c[N];
vector<int> v[N];
vector<pii> qr;
pii res[N];
int cnt[N], tot;
const int T = 550;
void upd (int x){
for (; x <= n;x+=x&-x)
c[x] += 1;
}
int ask(int x){
int res = 0;
for (; x;x-=x&-x){
res += c[x];
}
return res;
}
void add(int x){
if(++cnt[x] == 1)
tot++;
}
void rem(int x){
if(--cnt[x] == 0)
tot--;
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n;i++){
res[i].x = res[i].y = i;
}
for (int i = 1; i <= m; i++) {
scanf("%d", &a[i]);
res[a[i]].x = 1;
v[a[i]].push_back(i);
}
for (int i = 1; i <= m;i++){
if(i == v[a[i]][0]){
res[a[i]].y += ask(n) - ask(a[i]); // [a[i]+1,n]区间出现的数字个数
upd(a[i]);
}
}
for (int i = 1; i <= n;i++){
if(v[i].size() == 0)
res[i].y += ask(n) - ask(i);//[i+1,n] 区间出现的个数
else{
v[i].push_back(m + 1);
for (int j = 1; j < v[i].size();j++){
qr.push_back(make_pair(v[i][j - 1] + 1, v[i][j] - 1));
}
}
}
//区间排序,左端点分块
sort(qr.begin(), qr.end(), [](const pii a, const pii b) {
if(a.x / T != b.x / T){
return a.x / T < b.x / T;
}
if((a.x / T) & 1) return a.y < b.y;//左端点属于奇数块,则右端点按照升序排列,否则按照降序排列,是莫队算法的一种优化
return a.y > b.y;
});
int L = 1, R = 0;
for (int i = 0;i<qr.size();i++){
int l = qr[i].x, r = qr[i].y;
if(r < l)
continue;
while(L < l)
rem(a[L++]);
while(L > l)
add(a[--L]);
while(R > r)
rem(a[R--]);
while(R < r)
add(a[++R]);
int x = a[qr[i].x - 1];
res[x].y = max(res[x].y, tot + 1);
}
for (int i = 1; i <= n;i++){
printf("%d %d\n", res[i].x, res[i].y);
}
return 0;
}
  1. 树状数组+线段树
const int N = 300000 + 5;

#define x first
#define y second
typedef pair<int, int> pii;
int n, m, a[N], c[N];
int past[N];
vector<int> v[N];
vector<int> q[N];
pii res[N];
struct SegTree{
int l, r, dat;
} t[N * 4];
void build(int p,int l,int r){
t[p].l = l, t[p].r = r;
if(l == r){
t[p].dat = 0;
return;
}
int mid = l + r >> 1;
build(p * 2, l, mid);
build(p * 2 + 1, mid + 1, r);
t[p].dat = 0;
}
void upd(int p,int x,int val){
if(t[p].l == t[p].r && t[p].l == x){
t[p].dat += val;
return;
}
int mid = t[p].l + t[p].r >> 1;
if(x <= mid)
upd(p * 2, x, val);
if(x > mid)
upd(p * 2 + 1, x, val);
t[p].dat = t[p * 2].dat + t[p * 2 + 1].dat;
}
int ask(int p,int l,int r){
if(t[p].l >= l && t[p].r <= r)
return t[p].dat;
int res = 0;
int mid = t[p].l + t[p].r >> 1;
if(mid >= l)
res += ask(p * 2, l, r);
if(mid < r)
res += ask(p * 2 + 1, l, r);
return res;
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n;i++){
res[i].x = res[i].y = i;
}
build(1, 1, n);//值域为[1,n]的权值线段树
for (int i = 1; i <= m; i++) {
scanf("%d", &a[i]);
res[a[i]].x = 1;
v[a[i]].push_back(i);
}
for (int i = 1; i <= m;i++){
if(i == v[a[i]][0]){
res[a[i]].y += ask(1, a[i] + 1, n);//权值线段树查询[a[i]+1,n]的种类数
upd(1, a[i], 1);
}
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if (v[i].size()) {
v[i].push_back(m + 1);
for (int j = 1; j < v[i].size(); j++) {
q[v[i][j] - 1].push_back(v[i][j - 1] + 1);//离线保存查询
}
}else{
res[i].y += ask(1, i + 1, n);
}
}
build(1, 1, m);//重新构建普通线段树
for (int i = 1; i <= m;i++){
if(past[a[i]]){//past[a[i]]为a[i]上一次出现的位置
upd(1, past[a[i]], -1);
upd(1, i, 1);
}
else
upd(1, i, 1);
for (int j = 0; j < q[i].size();j++){
int l = q[i][j], r = i;
int x = a[l - 1];
res[x].y = max(res[x].y, ask(1, l, r) + 1);
}
past[a[i]] = i;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
printf("%d %d\n", res[i].x, res[i].y);
}
return 0;
}
  1. 树状数组+倒序模拟
const int N = 300000 + 5;
typedef pair<int, int> pii;
int n, m, a[N], pos[N], c[N + N];
pii res[N];
void upd(int x,int val){
for (; x <= n + m;x+=x&-x)
c[x] += val;
}
int ask(int x){
int res = 0;
for (; x; x-=x&-x)
res += c[x];
return res;
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= m;i++)
scanf("%d", &a[i]); for (int i = 1; i <= n;i++){
res[i].first = res[i].second = i;
upd(n - i + 1, 1);
pos[i] = n - i + 1;
}
for (int i = 1; i <= m;i++) {
res[a[i]].first = 1;
res[a[i]].second = max(res[a[i]].second, n - ask(pos[a[i]] - 1));
upd(pos[a[i]], -1);
pos[a[i]] = i + n;
upd(pos[a[i]], 1);
}
for (int i = 1; i <= n;i++){
res[i].second = max(res[i].second, n - ask(pos[i] - 1));
printf("%d %d\n", res[i].first, res[i].second);
}
return 0;
}

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