POJ3279(开关后续)
描述:
一个\(n*m的矩阵,每个格子有0和1两种状态.每次可以翻一个格子,并且此格子的上下左右都要被翻。\)
\(目标状态应该全为0,求最少翻的次数,输出最小字典序的方案\)
这儿可就麻烦了啊,开关从一维变到了二维,不能通过确定左上角的状态往后递推
但是,我们可以枚举第一行的状态,第二行怎么翻就确定了,因为此时上面的格子只有下面的格子可以改变
Ⅰ.枚举和预处理
关于枚举第一行,可以用二进制数很方便的表示出来
同样f[i][j]表示(i,j)位置有没有被翻过,那我们统计一下上下左右被翻的次数就可以的得知此时状态
最后,判断第N行是否全为0即可。
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
const int inf=1<<29;
int n,m,ans,a[20][20],f[20][20],s[20][20];
int b[5]={0,0,1,-1},c[5]={1,-1,0,0};
bool isfilp(int x,int y)
{
int k=f[x][y]+a[x][y];//统计被翻过的次数
for(int i=0;i<4;i++)
{
int nx=x+b[i],ny=y+c[i];
if(nx<1||ny<1||nx>n||ny>m) continue;
k+=f[nx][ny];
}
return k%2;
}
int cal()
{
int ans=0;
for(int i=2;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
if(isfilp(i-1,j))//如果需要翻转
f[i][j]=1;
for(int i=1;i<=m;i++)
if(isfilp(n,i)) return -1;//最后一行还要被翻,显然不可行
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
ans+=f[i][j];
return ans;
}
int main()
{
while(cin>>n>>m)
{
ans=inf;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=m;j++)
cin>>a[i][j];
int last=1<<m;
for(int i=0;i<last;i++)
{
memset(f,0,sizeof(f));
for(int j=1;j<=m;j++)
if(i&(1<<(j-1)))
f[1][j]=1;//初始化第1行
int val=cal();
if(val==-1) continue;
if(val<ans)
{
ans=val;
memcpy(s,f,sizeof(f));//把方案保存下来
}
}
if(ans==inf) cout<<"IMPOSSIBLE"<<endl;
else
{
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=m;j++)
cout<<s[i][j]<<" ";
cout<<endl;
}
}
}
return 0;
}
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