18.9.23 PION模拟赛
题目背景
NOIP2018 原创模拟题T1
NOIP DAY1 T1 or DAY 2 T1 难度
是否发现与NOIP2017 DAY1 T1 有异曲同工之妙
说明：#10,bug已修复
题目描述
小凯有一天突发奇想，写下了一串数字：l(l+1)(l+2)...(r-1)rl(l+1)(l+2)...(r−1)r
例如：l=2,r=5l=2,r=5时，数字为：23452345
l=8,r=12l=8,r=12时数字为：8910111289101112
小凯很喜欢数字9，所以他想问你他写下的数字除以9的余数是多少
例如：l=2,r=5l=2,r=5时，2345 mod 9 = 5
输入输出格式
输入格式：
输入格式：
第一行为数字Q,表示小凯有Q个问题
第2-Q+1行，每行两个数字 l,r 表示数字范围
输出格式：
输出格式：
对于每行的问题输出一行，一个数字，表示小凯问题的回答
输入输出样例
说明
样例1解释：2345 mod 9 = 5 89101112 mod 9 = 5
30% 数据满足：Q<=10;l,r<=100Q<=10;l,r<=100
50% 数据满足：Q<=100;l,r<=10000Q<=100;l,r<=10000
70% 数据满足：Q<=1000;l,r<=10^6Q<=1000;l,r<=106
100%数据满足：Q<=10000;l,0<r<=10^{12}Q<=10000;l,0<r<=1012 且 l<=rl<=r
思路：找规律。
期望 100 实际 100
但是题解是这么一堆莫名奇妙的东西。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
int T;
long long l,r;
int main(){
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%lld%lld",&l,&r);
int num=;
if(r-l+>){
int a=l%,b=r%;
for(int i=a;i<=;i++) num+=i;
for(int i=;i<=b;i++) num+=i;
}
else
for(int i=l;i<=r;i++) num+=i%;
cout<<num%<<endl;
}
}
100分
题目背景
NOIP2018 原创模拟题 T2
NOIP DAY1 T2 or DAY2 T2 难度
题目背景改编自小说《哈利波特与密室》。
说明：#4，bug经修复，感谢：@唐子川
题目描述
密室被打开了。
哈利与罗恩进入了密室，他们发现密室由n个小室组成，所有小室编号分别为：1,2,...,n。所有小室之间有m条通道，对任意两个不同小室最多只有一条通道连接，而每通过一条通道都需要Ci 的时间。
开始时哈利与罗恩都在编号为1的小室里，他们的目标是拯救金妮和寻找日记，但是他们发现金妮和日记可能在两个不同的小室里，为了尽快发现真相，他们决定以最少的时间到达两个目标小室。但是某些小室只有会与蛇对话的人才能进入，也就是只有哈利一个人可以进入。
现在，哈利告诉你密室的结构，请你计算他们到达两个目标小室的最短时间。
输入输出格式
输入格式：
第一行 n,m,k 表示有n个小室m条通道，k间小室只有哈利可以进入。
第二行 k 个数，表示只有哈利可以进入的小室的编号。（若k=0，不包含该行）
接下来m行，每行3个数：a,b,c 表示a小室与b小室之间有一条需要花费c时间的通道。
最后一行，两个数 x,y 表示哈利与罗恩需要去的小室的编号
输出格式：
一行，输出一个数，表示到达两个密室的最短时间。
输入输出样例
10 13 3
3 4 10
1 2 1
2 3 2
3 4 3
4 5 4
5 6 5
6 7 10
7 8 5
8 9 10
9 10 3
10 1 2
1 9 6
3 8 10
4 6 3
6 8
16
说明
样例解释：
样例一：
哈利：1->5->6 花费时间为5
罗恩：1->3->4 花费时间为5
所以最短时间为5
样例二：
如图，橙色表示目标小室，绿色只有哈利可以通过
哈利：1->2->3->4->6 花费时间为9
罗恩：1->9->8 花费时间为16
所以最短时间为16
数据范围：
10% 数据满足：n<=5
30% 数据满足：n<=20
50% 数据满足：n<=1000
70% 数据满足：n<=10000
100%数据满足：n<=50000 ; a,b,k<=n c<=1000 ;m<=100000，保证罗恩可以在密室1
特殊约定：
30%数据满足：k=0
期望100 实际 60
#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define MAXN 50010
using namespace std;
int snack[MAXN];
int n,m,k,t1,t2,tot1,tot2,bns;
int vis1[MAXN],dis1[MAXN],vis2[MAXN],dis2[MAXN];
int to1[MAXN*],cap1[MAXN*],net1[MAXN*],head1[MAXN];
int to2[MAXN*],cap2[MAXN*],net2[MAXN*],head2[MAXN];
void add1(int u,int v,int w){
to1[++tot1]=v;cap1[tot1]=w;net1[tot1]=head1[u];head1[u]=tot1;
}
void add2(int u,int v,int w){
to2[++tot2]=v;cap2[tot2]=w;net2[tot2]=head2[u];head2[u]=tot2;
}
void spfa1(int s){
queue<int>que1;
memset(vis1,,sizeof(vis1));
memset(dis1,0x7f,sizeof(dis1));
while(!que1.empty()) que1.pop();
que1.push(s);vis1[s]=;dis1[s]=;
while(!que1.empty()){
int now=que1.front();
que1.pop();vis1[now]=;
for(int i=head1[now];i;i=net1[i]){
if(dis1[to1[i]]>dis1[now]+cap1[i]){
dis1[to1[i]]=dis1[now]+cap1[i];
if(!vis1[to1[i]]){
vis1[to1[i]]=;
que1.push(to1[i]);
}
}
}
}
}
void spfa2(int s){
queue<int>que2;
memset(vis2,,sizeof(vis2));
memset(dis2,0x7f,sizeof(dis2));
while(!que2.empty()) que2.pop();
que2.push(s);vis2[s]=;dis2[s]=;
while(!que2.empty()){
int now=que2.front();
que2.pop();vis2[now]=;
for(int i=head2[now];i;i=net2[i])
if(dis2[to2[i]]>dis2[now]+cap2[i]){
dis2[to2[i]]=dis2[now]+cap2[i];
if(!vis2[to2[i]]){
vis2[to2[i]]=;
que2.push(to2[i]);
}
}
}
}
void workbns(){
spfa1(t1);int route=dis1[t2];spfa1();
bns=min(dis1[t1]+route,min(dis1[t2]+route,min(dis1[t1]*+dis1[t2],dis1[t2]*+dis1[t1])));
}
/*
求图上一点到另外两点的路程和最短？ 思路1：求最短路生成树，然后lca求解 (不会写。。。)
思路2: 记录路径，搞一下相同的路径。
思路3：在我快写完思路2的代码时，猛然发现其实不用这样，只要求出s点到其中一点A的最短路，
然后求A点到另一个点B的最短路，两者之和就可能是答案之一，再求s点到B点的最短路，
加上A,B两点的最短路，和就是答案之一，然后两个答案比较，取较小的一个，即为答案。
(但好像并没有什么用，代码并没有AC，是60分。)
*/
int main(){
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i=;i<=k;i++){
int a;scanf("%d",&a);
snack[a]=;
}
for(int i=;i<=m;i++){
int u,v,w;
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
if(snack[u]==||snack[v]==){
add1(u,v,w);add1(u,v,w);
}
else {
add1(u,v,w);add1(v,u,w);
add2(u,v,w);add2(v,u,w);
}
}
scanf("%d%d",&t1,&t2);
spfa2();workbns();
if(dis2[t1]==&&dis2[t2]==){
cout<<bns;
return ;
}
else if(dis2[t1]==&&dis2[t2]<){
spfa1();
int ans=max(dis2[t2],dis1[t1]);
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
else if(dis2[t2]==&&dis2[t1]<){
spfa1();
int ans=max(dis2[t1],dis1[t2]);
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
else{
spfa1();
int ans=max(dis1[t1],dis2[t2]);
ans=min(ans,max(dis1[t1],dis2[t1]));
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
}
60分
看了一下，发现自己的思路和题解的是一个样的，但是可能是代码写挂了，要调戏一下。
看了一下我的代码，首先是这里挂掉了
应该是酱紫的
（挂掉10）
其次是这个，有木有看出什么来？
建了两次同向边，应该建一个反向边。
（挂掉30）
#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define MAXN 50010
using namespace std;
int snack[MAXN];
int n,m,k,t1,t2,tot1,tot2,bns;
int vis1[MAXN],dis1[MAXN],vis2[MAXN],dis2[MAXN];
int to1[MAXN*],cap1[MAXN*],net1[MAXN*],head1[MAXN];
int to2[MAXN*],cap2[MAXN*],net2[MAXN*],head2[MAXN];
void add1(int u,int v,int w){
to1[++tot1]=v;cap1[tot1]=w;net1[tot1]=head1[u];head1[u]=tot1;
}
void add2(int u,int v,int w){
to2[++tot2]=v;cap2[tot2]=w;net2[tot2]=head2[u];head2[u]=tot2;
}
void spfa1(int s){
queue<int>que1;
memset(vis1,,sizeof(vis1));
memset(dis1,0x7f,sizeof(dis1));
while(!que1.empty()) que1.pop();
que1.push(s);vis1[s]=;dis1[s]=;
while(!que1.empty()){
int now=que1.front();
que1.pop();vis1[now]=;
for(int i=head1[now];i;i=net1[i]){
if(dis1[to1[i]]>dis1[now]+cap1[i]){
dis1[to1[i]]=dis1[now]+cap1[i];
if(!vis1[to1[i]]){
vis1[to1[i]]=;
que1.push(to1[i]);
}
}
}
}
}
void spfa2(int s){
queue<int>que2;
memset(vis2,,sizeof(vis2));
memset(dis2,0x7f,sizeof(dis2));
while(!que2.empty()) que2.pop();
que2.push(s);vis2[s]=;dis2[s]=;
while(!que2.empty()){
int now=que2.front();
que2.pop();vis2[now]=;
for(int i=head2[now];i;i=net2[i])
if(dis2[to2[i]]>dis2[now]+cap2[i]){
dis2[to2[i]]=dis2[now]+cap2[i];
if(!vis2[to2[i]]){
vis2[to2[i]]=;
que2.push(to2[i]);
}
}
}
}
void workbns(){
spfa1(t1);int route=dis1[t2];spfa1();
bns=min(dis1[t1]+route,min(dis1[t2]+route,min(dis1[t1]*+dis1[t2],dis1[t2]*+dis1[t1])));
}
/*
求图上一点到另外两点的路程和最短？ 思路1：求最短路生成树，然后lca求解 (不会写。。。)
思路2: 记录路径，搞一下相同的路径。
思路3：在我快写完思路2的代码时，猛然发现其实不用这样，只要求出s点到其中一点A的最短路，
然后求A点到另一个点B的最短路，两者之和就可能是答案之一，再求s点到B点的最短路，
加上A,B两点的最短路，和就是答案之一，然后两个答案比较，取较小的一个，即为答案。
*/
int main(){
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i=;i<=k;i++){
int a;scanf("%d",&a);
snack[a]=;
}
for(int i=;i<=m;i++){
int u,v,w;
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
if(snack[u]==||snack[v]==){
add1(u,v,w);add1(v,u,w);
}
else {
add1(u,v,w);add1(v,u,w);
add2(u,v,w);add2(v,u,w);
}
}
scanf("%d%d",&t1,&t2);
spfa2();workbns();
spfa1();
if(dis2[t1]==&&dis2[t2]==){
cout<<bns;
return ;
}
else if(dis2[t1]==&&dis2[t2]<){
spfa1();
int ans=max(dis2[t2],dis1[t1]);
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
else if(dis2[t2]==&&dis2[t1]<){
spfa1();
int ans=max(dis2[t1],dis1[t2]);
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
else{
spfa1();
int ans=max(dis1[t1],dis2[t2]);
ans=min(ans,max(dis1[t2],dis2[t1]));
ans=min(ans,bns);
cout<<ans<<endl;
return ;
}
}
100分
所以还是要注意，本来能AC的题目，因为这挂了将近一半，从100分挂成了60分！！！！
U38098 PION贪吃蛇
题目背景
NOIP2018原创模拟题 T3
NOIP DAY1 T3 or DAY 2 T2 难度
贪吃蛇大家都玩过吧，当然不同版本有不同规则。下面介绍PION贪吃蛇。
注意：测试点#4错误已修改，感谢：@EnTaroTassadar
题目描述
表示方法：
该题中贪吃蛇存在于一个n行m列的矩形中，用 ‘.’ 表示空地，用 '#’ 表示蛇身，用 ‘@’表示蛇头，用‘&’表示食物 例如：图一表示5*6的矩形，有一条蛇，蛇长度为7，有两个食物
基本规则：
1.蛇头每一秒就会移动一格，身体自然会跟着移动，用W表示向上，S表示向下，A表示向左，D表示向右
2.蛇每吃一个食物就长度就会加一，而增加的长度体现在食物所在的地方，你可以把吃食物理解成食物变成了蛇头，之前的蛇头变成了蛇身，这一秒不移动
例如：图二的三幅图展示了第一秒，第二秒，和第三秒的情况
3.蛇如果死亡，身体（包括头）一定会全部变成食物
4.PION贪吃蛇的蛇头碰到自己或别的蛇的身体就会死亡
例如：图三的三幅图展示了第二条蛇撞在别人身体上死亡的过程
5.蛇头撞在边界上也会引起死亡，但蛇头刚好现在边界上不会
例如：图四第二幅图虽然蛇头在边界上，但是只是刚好，如果此时进行D操作蛇就会死亡，如果进行W或S就不会
6.如果有操作使蛇头向相反方向运动，之后如果与身体重合蛇也会死亡（比如：图二第一幅图使用A操作,蛇就会死亡，此时在原地成为三个食物，你也可以理解为蛇下一秒不行动而自杀了）
7.两条蛇蛇头相撞，主动撞上的死亡
8.蛇的移动按编号由小到大进行（编号的含义见下文）
输入输出格式
输入格式：
第一行两个数n,m，k表示n*m的矩形，k表示操作次数
接下来n行每行m个字符，表示地图
再接下来c行（注意：图中有几条蛇就有几行），每行k个字符，表示有k个操作（如果执行了某个操作蛇死了，就忽略后面的操作）
我们将蛇编号：按每条蛇蛇头的坐标从小到大编号为1，2，...，c（越靠近上边的坐标越小，如果相同越靠近左边的坐标越小）
例如：图三第一幅图两条蛇的蛇头坐标分别为（4,3），（3,7）所以较长的蛇编号为2，较短的蛇编号为1
输出格式：
c+1行，输出k次操作后每一条蛇的长度，编号；每一行第一个为长度，第二个数为编号
最后一行输出剩下食物的总个数
注意：输出按长度由大到小排序（长度相同按编号由小到大排序），死亡的蛇长度为0
输入输出样例
9 9 4
.........
.#######.
.......#.
.@#.&@.#.
&.#.&&.#.
&&######.
.&.......
..@####..
.........
ASSD
ASDD
WASD
22 1
4 2
0 3
6
说明
样例说明：
图五，图六展示了从第0秒开始之后每一秒地图的状态，请看图理解（样例二图四有点小错误）
数据范围：
10%数据满足n,m<=5,c=1,k<=3
30%数据满足n,m<=10,c<=2,k<=5
50%数据满足n,m<=50,c<=5,k<=20
70%数据满足n,m<=100,c<=7,k<=50
100%数据满足，n,m<=200,c<=20,k<=100，且图中的蛇不会引起混淆
输入保证图中没有蛇会像这样难以判断：
.#.
##@
#.#
@##
期望 0 实际 0
题目太恶心了，就没写。。。(好吧。。。其实是我懒，那暴力分应该还是可以的)
18.9.23 PION模拟赛的更多相关文章
- EZ 2018 03 23 NOIP2018 模拟赛（五）
链接:http://211.140.156.254:2333/contest/65 这次Rating重回Rank18,我是20的守门员(滑稽) 这次题目和数据普遍偏水,我T2打错了一个变量名竟然过了所 ...
- 2018.11.7 PION 模拟赛
期望:100 + 80 + 75 = 255 实际:0 + 80 + 60 = 140 唉~一天比一天犯的错误智障,感觉noip要凉啊... 吓得我赶紧吃几颗药补补脑子. 奶一下大佬: lgj AK ...
- 2018.11.6 PION 模拟赛
期望:100 + 40 + 50 = 190 实际:60 + 10 + 50 = 120 考得好炸啊!!T1数组开小了炸掉40,T2用 int 读入 long long ,int存储 long lon ...
- 2018.11.5 PION模拟赛
期望:30 + 40 + 50 = 120 实际:30 + 50 + 40 = 120 ‘’ 思路:最重要的是发现 是完全没有用的,然后这个题目就可以转成DP来做. /* 期望的分:30 */ #in ...
- 2018.11.3 PION模拟赛
期望:100 实际:100 #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include< ...
- 2018 11.2 PION模拟赛
期望:100 + 50 + 30 = 180 实际:0 + 50 + 30 =80 期望:100 实际:0 数值有负数,边界应该设为-0x7f 此处 gg /* 期望的分:50+ */ ...
- 2018 11.1 PION 模拟赛
期望:250 100+100+50 实际:210 80+100+30 期望:100 实际:80 最后:两个点T了.可能是求逆元的方法太慢了,也可能是闲的又加了一个快速乘的原因. #inclu ...
- 18.10.7 POIN 模拟赛
期望 :80+ +90+40=210+ 实际 :30+90+0=120 链接:https://www.nowcoder.com/acm/contest/175/A来源:牛客网 时间限制:C/C++ 1 ...
- 18.9.22 noip模拟赛
此题为找规律.期望100 实际100 #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include& ...
随机推荐
- .NET 原理之 ViewState
1.从MSDN中我们可以知道一个页面生命周期大约可分为为:页请求.开始.初始化.加载.验证.回发事件处理.呈现.卸载这几个阶段. HttpHandler是无状态的,aspx是高级的Http ...
- H.264学习笔记4——变换量化
A.变换量化过程总体介绍 经过帧内(16x16和4x4亮度.8x8色度)和帧间(4x4~16x16亮度.4x4~8x8色度)像素块预测之后,得到预测块的残差,为了压缩残差信息的统计冗余,需要对残差数据 ...
- [Windows Server 2008] 搭建数据云备份
★ 欢迎来到[护卫神·V课堂],网站地址:http://v.huweishen.com ★ 护卫神·V课堂 是护卫神旗下专业提供服务器教学视频的网站,每周更新视频. ★ 本节我们将带领大家:如何搭建数 ...
- html5开发移动混合App系列1-开发环境搭建
最近公司准备开发门店收银系统,是基于IPAD的程序,决定采用基于 Ionic + Cordova + AngularJS技术混合开发模式. 准备 一台mac(安装了mac os的虚拟机也可以),nod ...
- scrapy 的分页爬取 CrawlSpider
1.创建scrapy工程:scrapy startproject projectName 2.创建爬虫文件:scrapy genspider -t crawl spiderName www.xxx.c ...
- Zend Studio 离线汉化包下载方法
进入eclipse官网 语言包位置 http://www.eclipse.org/babel/downloads.php
- java_线程的同步机制
1.同步代码块: 使用synchronized包住可能会出现安全问题的代码 import static java.lang.Thread.sleep; class Test01{ public sta ...
- 03XML Schema Definition
1. XML Schema Definition 1. XML Schema Definition XML Schema(XML Schema Definition,XSD)用于描述 XML 文档的结 ...
- opencv笔记
加载图像: OpenCV支持图像格式Windows位图(bmp),便携式图像格式(pbm,pgm,ppm)和Sun光栅(sr,ras). Mat image = imread( imageName, ...
- JavaSE-12 面向对象程序设计的几条基础原则
摘取代码中变化的行为,形成接口 在设计基类的时候,如果该类某个成员方法在子类中的实现变化差别比较大(一部分子类实现该方法是相同的),作为基类有两个问题:一是该方法不再通用:二是子类如果重写该方法,存在 ...