Color 圆盘染色

题目大意:给你一个圆盘,等分成n个扇形,有m种颜色,每两个相邻的扇形不能颜色不能相同,求染色方案数。

注释:m,n<=$10^6$.

想法:这题是小圆盘染色的加强版(小圆盘染色?),想法和那道题类似,只不过是一个更一般的形式。同样的想法,我们采用一种分划(分划?猛戳看黄字)。给定一个起始扇形。显然,这道题我们的疑惑就在于最后一个扇形与起始扇形的颜色是否相同。所以,我们期望考虑倒数第二个扇形的颜色。倒数第二个扇形的颜色无非就是两种:1.和起始扇形颜色相同。2.和起始扇形颜色不同。这两种显然就是本题的一种分划。那么,我们分别考虑:我们记录 a [i] 表示有i个扇形时的染色方案数。

  如果倒数第二个扇形与起始扇形颜色相同,我们就暂时将起始扇形、倒数第一个扇形和倒数第二个扇形看成一个扇形(因为这个大扇形的左右两个小扇形的颜色是相同的,剩下i-3个扇形对倒数第1个扇形没有影响),此时的方案数为a[i-2],又因为倒数第一个扇形被两个相同颜色的扇形夹住了,所以此时有(m-1)*a[i-2]种方案。

  另一种情况:此时倒数第2个扇形与起始扇形颜色不相同。那么此时,即使将倒数第一个扇形去掉,剩下的扇形也是满足题意的,而且此时倒数第一个扇形有(m-2)种染色方法,所以此时有(m-2)*a[i-1],种染色方法。

  综上,我们可以得出:$a_i=(m-1)\cdot a_{i-2}+(m-2)\cdot a_{i-1}$.

下面,附上丑陋的代码......

#include <iostream>
#include <cstdio>
#define mod 20102010
using namespace std;
long long a[1000100];
int main()
{
long long m,n;
scanf("%lld%lld",&m,&n);
a[1]=m;
a[2]=(m-1)*m%mod;
a[3]=(m*(m-1))%mod*(m-2)%mod;
for(int i=4;i<=n;i++)
{
a[i]=(a[i-1]*(m-2)%mod+a[i-2]*(m-1)%mod)%mod;
}
printf("%lld\n",a[n]);
return 0;
}

小结:错误

  1.千万要搞清楚n,m的输入顺序。

  2.由于n,m的数据范围,两数相乘是容易爆int,所以,开long long;

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