题目大意:给你一个$n(n\leqslant20)$项的数列$A$,设重排后的数列为$A'$,令$pre_p=\sum\limits_{i=1}^pA'_i$,求$max\{pre_i\}$的期望,乘$n!$

题解:令$f_S$为选$S$集合的数,重排后满足$\max\{pre_i\}=\sum\limits_{i=1}^{|S|}S_i$的方案数,$g_S$为选$S$集合数,重排后满足$\max\{pre_i\}\leqslant0$的方案数。发现若数列$B$满足$\sum\limits_{i=1}^{|B|}B_i>0$,那么任意在它前面插入一个数,都满足$f$的条件。若数列$B$满足$\max\{pre_i\}\leqslant0$,在它后面插入一个数后,只要$\sum\limits_{i=1}^{|B|}B_i\leqslant0$,就行了。

答案是$\sum\limits_{S}sum_Sf_Sg_{\bar S}$。

卡点:

C++ Code:

#include <cstdio>
#define maxn 20
#define N (1 << maxn)
const int mod = 998244353;
inline void reduce(int &x) { x += x >> 31 & mod; } int n;
int s[maxn], f[N], g[N], sum[N];
int main() {
scanf("%d", &n);
for (int i = 0; i < n; ++i) {
scanf("%d", s + i);
f[1 << i] = 1;
g[1 << i] = s[i] <= 0;
}
const int U = 1 << n, I = U - 1;
for (int i = 1; i < U; ++i) sum[i] = sum[i & i - 1] + s[__builtin_ctz(i)];
g[0] = 1;
for (int i = 0; i < U; ++i) if (__builtin_popcount(i) > 1) {
for (int j = i; j; j &= j - 1) {
int k = __builtin_ctz(j), l = i ^ 1 << k;
if (sum[i] <= 0) reduce(g[i] += g[l] - mod);
if (sum[l] > 0) reduce(f[i] += f[l] - mod);
}
}
for (int i = 0; i < U; ++i) reduce(sum[i] %= mod);
int ans = 0;
for (int i = 1; i < U; ++i) reduce(ans += static_cast<long long> (sum[i]) * f[i] % mod * g[I ^ i] % mod - mod);
printf("%d\n", ans);
return 0;
}

  

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