这是一道不算太难的题,但愚蠢的我并没有想到。

首先,判断无解的情况:他想相邻的不想与他相邻。

然后,构造出合法的数列,因为第一位左边有两种选择,且构造出的环不等价,所以要做两次。

(这一点我并没有想清楚)

然后,考虑对于构造出的数列(断环为链),如何计算他与原数列的差别,即答案。

这是这道题最难的地方:如何 \(O(n)\) 的求出两个环的不同之处。

朴素算法:\(O(n^2)\),显然无法接受。

因为环无论怎么旋转,两个人的相对位置是不会变的,于是,可以对于每一个位置求出的数列与原数列的差 \(x\),表示数列要旋转 \(x\) 个位置,此位置才会与原数列重合。然后条统计出每个 \(x\) 出现的次数,\(n-max(x)\) 就是答案。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std; #define db double
#define ll long long
#define RG register inline int gi()
{
RG int ret; RG bool flag; RG char ch;
ret=0, flag=true, ch=getchar();
while (ch < '0' || ch > '9')
ch == '-' ? flag=false : 0, ch=getchar();
while (ch >= '0' && ch <= '9')
ret=(ret<<3)+(ret<<1)+ch-'0', ch=getchar();
return flag ? ret : -ret;
} const db pi = acos(-1.0);
const int N = 5e4+5, inf = 1<<30; int n,ans,f[N],s[N],pos[N],cnt[N];
bool vis[N]; inline void cal()
{
RG int i;
for (i=1; i<=n; ++i)
cnt[(pos[i]-i+n)%n]++;
for (i=0; i<n; ++i)
ans=max(ans,cnt[i]), cnt[i]=0;
} inline void dfs(RG int o,RG int dep)
{
pos[dep]=o;
if (dep == n)
return cal();
if (!vis[f[o]])
vis[f[o]]=true, dfs(f[o],dep+1), vis[f[o]]=false;
if (!vis[s[o]])
vis[s[o]]=true, dfs(s[o],dep+1), vis[s[o]]=false;
} int main()
{
freopen("fire.in","r",stdin);
freopen("fire.out","w",stdout);
RG int i;
n=gi();
for (i=1; i<=n; ++i)
f[i]=gi(), s[i]=gi();
for (i=1; i<=n; ++i)
if ((f[f[i]] != i && s[f[i]] != i) || (f[s[i]] != i && s[s[i]] != i))
return puts("-1"), 0;
vis[1]=true;
dfs(1,1);
printf("%d\n",n-ans);
return 0;
}

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