zrt当年是怎么想到的…….

思路:

考虑把序列分块

对于每块 存xor[i] 表示从本块开头到i的前缀异或和

把它扔进set里

存gcd[i]表示从本块开头到i的前缀gcd.

如果这一块的GCD和整个的gcd的gcd是一样的 从set里找ans

否则暴力..

GCD最多log种 所以是复杂度是O(nsqrt(n)logn)的

//By SiriusRen
#include <cmath>
#include <set>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N=100050;
int n,q,a[N],Block,block[N],XOR[N],GCD[N];
char op[150];
typedef long long ll;
set<int>s[320];
int gcd(int x,int y){return y?gcd(y,x%y):x;}
signed main(){
scanf("%d",&n),Block=sqrt(n);
for(int i=0;i<n;i++)scanf("%d",&a[i]),block[i]=i/Block+1;
for(int i=0;i<n;i++){
if(block[i]==block[i-1])XOR[i]=XOR[i-1]^a[i],GCD[i]=gcd(a[i],GCD[i-1]);
else XOR[i]=a[i],GCD[i]=a[i];
s[block[i]].insert(XOR[i]);
}
scanf("%d",&q);
while(q--){
scanf("%s",op);
if(op[0]=='M'){
int xx,yy;
scanf("%d%d",&xx,&yy),a[xx]=yy;
s[block[xx]].clear();
int tp=lower_bound(block,block+n,block[xx])-block;
XOR[tp]=a[tp],GCD[tp]=a[tp];s[block[xx]].insert(XOR[tp]);
for(int i=tp+1;block[i]==block[tp];i++)
XOR[i]=XOR[i-1]^a[i],GCD[i]=gcd(a[i],GCD[i-1]),s[block[xx]].insert(XOR[i]);
}
else{
ll Q;int Gcd=GCD[lower_bound(block,block+n,2)-block-1],Xor=XOR[lower_bound(block,block+n,2)-block-1];
scanf("%lld",&Q);
for(int i=0;block[i]==1;i++)
if((ll)GCD[i]*XOR[i]==Q){printf("%d\n",i);goto ed;}
for(int i=2;i<=block[n-1];i++){
if(gcd(GCD[upper_bound(block,block+n,i)-block-1],Gcd)!=Gcd){
int tp=lower_bound(block,block+n,i)-block;
for(int j=tp;block[j]==block[tp];j++){
Gcd=gcd(Gcd,a[j]),Xor^=a[j];
if((ll)Gcd*Xor==Q){printf("%d\n",j);goto ed;}
}
continue;
}
ll temp=(Q/Gcd)^Xor;
if(s[i].find(temp)!=s[i].end()){
int tp=lower_bound(block,block+n,i)-block;
for(int j=tp;block[j]==block[tp];j++)
if(XOR[j]==temp){printf("%d\n",j);goto ed;}
}
Xor^=XOR[upper_bound(block,block+n,i)-block-1];
}
puts("no");
}ed:;
}
}

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