POJ3208:Apocalypse Someday
很神奇的一道题,正解是AC自动机+数位DP,个人感觉POPOQQQ大爷的方法更方便理解。
按照一般套路,先搞个DP预处理,设$f[i][0/1/2/3]$分别表示对于$i$位数,其中有多少个前0/1/2位为6的个数和整体中包含666的个数。那么就很容易得到以下转移方程。
$f[i][3]=f[i-1][3] \times 10+f[i-1][2]$
$f[i][2]=f[i-1][1]$
$f[i][1]=f[i-1][0]$
$f[i][0]=(f[i-1][0]+f[i-1][1]+f[i-1][2]) \times 9$
剩下的就比较麻烦了。
刚开始我想的是不断剔除排名从而确定每一位上的数。但是这个是很麻烦的,而且不好处理。更换一种方案就是通过二分确定这个排名的个数,只要我们能验证小于$N$的数中有多少个满足要求的数。
这个求的过程相当玄学...我也说不上来QAQ
//NOIp DP apo //by Cydiater //2016.10.4 #include <iostream> #include <cstdlib> #include <cstdio> #include <cstring> #include <string> #include <algorithm> #include <queue> #include <map> #include <ctime> #include <iomanip> #include <cmath> using namespace std; #define ll long long #define up(i,j,n) for(ll i=j;i<=n;i++) #define down(i,j,n) for(ll i=j;i>=n;i--) #define FILE "apo" const ll MAXN=1e6+5; const ll oo=0x3f3f3f3f; const ll mod=(1<<31)-1; inline ll read(){ char ch=getchar();ll x=0,f=1; while(ch>'9'||ch<'0'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } ll f[25][10],leftt,rightt,mid,T; namespace solution{ void pret(){ memset(f,0,sizeof(f)); f[0][0]=1; up(i,1,21){ f[i][3]=f[i-1][3]*10+f[i-1][2]; f[i][2]=f[i-1][1]; f[i][1]=f[i-1][0]; f[i][0]=(f[i-1][0]+f[i-1][1]+f[i-1][2])*9; } } ll check(ll num){ ll di=0,far=1,tmp=0,cnt=0,ans=0; for(;far<num;far*=10,di++); while(tmp<num){ ll re_cnt; while(tmp+far<=num){ tmp+=far; if(cnt==3) re_cnt=3; else if((tmp/far)%10==7) re_cnt=cnt+1; else re_cnt=0; down(i,3,3-re_cnt)ans+=f[di][i]; } if(cnt!=3)cnt=((tmp/far)%10==6?cnt+1:0); di--;far/=10; } return ans; } ll slove(ll N){ leftt=1;rightt=100000000000000000LL; N--; while(leftt+1<rightt){ mid=(leftt+rightt)>>1; ll tmp=check(mid); if(tmp>N) rightt=mid; else leftt=mid; } if(check(leftt)==N) return leftt; return rightt; } } int main(){ freopen(FILE".in","r",stdin); //freopen(FILE".out","w",stdout); using namespace solution; pret(); T=read(); while(T--)cout<<slove(read())<<endl; return 0; }
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