打了好几天最后也只是80多名,我好菜啊.jpg

0x00  (╯°□°)╯︵ ┻━┻

题目:

(╯°□°)╯︵ ┻━┻

d4e8e1f4a0f7e1f3a0e6e1f3f4a1a0d4e8e5a0e6ece1e7a0e9f3baa0c4c4c3d4c6fbb9e1e6b3e3b9e4b3b7b7e2b6b1e4b2b6b9e2b1b1b3b3b7e6b3b3b0e3b9b3b5e6fd

一开始被这个(╯°□°)╯︵ ┻━┻误导以为是jjencode,尝试了好久没啥结果,后面又有人说是翻转,试了很久还是没结果。然后跑了下移位密码获取flag

贴上脚本

 s='d4e8e1f4a0f7e1f3a0e6e1f3f4a1a0d4e8e5a0e6ece1e7a0e9f3baa0c4c4c3d4c6fbb9e1e6b3e3b9e4b3b7b7e2b6b1e4b2b6b9e2b1b1b3b3b7e6b3b3b0e3b9b3b5e6fd'
'''
s1=''
for x in range(len(s)/2):
s1+=chr((int(s[x*2:x*2+2],16))%128)
print s1
''' for j in range(20):
s1=''
for x in range(len(s)/2):
s1+=chr((int(s[x*2:x*2+2],16)-j)%128)
print s1

0x01 第四扩展FS

题目:D公司正在调查一起内部数据泄露事件,锁定嫌疑人小明,取证人员从小明手机中获取了一张图片引起了怀疑。这是一道送分题,提示已经在题目里,日常违规审计中频次有时候非常重要。 https://pan.baidu.com/s/1DJpMFU2lajHGTo0yfzTHVQ 密码:fpp4

这道题很多坑,拿到题目看题目名字就可以知道它考的是ext4文件,先用压缩软件打开查看了一下

因为没怎么接触过ext4文件系统所以不知道journal文件是拿来干嘛的,百度后说是文件系统日志,所以考虑mount到linux上,但是怎么都不成功。

另外还有一个加密的file.txt,用binwalk扫了下文件,发觉就是这两个文件

为了寻找file.txt密码,用winhex打开jpg后发现有些图片有敏感信息,然后直接查看图片属性,发现解压密码

解压打开file.txt

根据提示频率,统计一下字符出现频率,贴上脚本,得到flag

 import collections

 f=open('file.txt','r')
print collections.Counter(f.read())

0x02 流量分析

题目:提示一:若感觉在中间某个容易出错的步骤,若有需要检验是否正确时,可以比较MD5: 90c490781f9c320cd1ba671fcb112d1c
提示二:注意补齐私钥格式
-----BEGIN RSA PRIVATE KEY-----
XXXXXXX
-----END RSA PRIVATE KEY-----

这题给的数据包很大,而且有很多坑,数据包前面有两个用ftp传输加密压缩文件fl-g.zip,sqlmap-dev.zip,中间有九封邮件,只到看到最后才会发现本题关键ssl加密通信。

前面的两个压缩包可能是本题彩蛋,不过我是真的解不出来。。。所以跳过,直接导出邮件。

将导出的邮件导入qq邮箱中查看,可以发现这个

这里是本题关键,在数据包中这里是很大一串base64,解密后得到rsa私钥

,将私钥识别补齐格式进行ssl解密得到

0x03 安全通信

题目:请通过nc XXXX.XXXX.XXXX.XXXX XXXX答题,mission keyb9ba15b341c847c8beba85273f9b7f90agent id随意填就可以

 #!/usr/bin/env python
import sys
import json
from Crypto.Cipher import AES
from Crypto import Random def get_padding(rawstr):
remainder = len(rawstr) % 16
if remainder != 0:
return '\x00' * (16 - remainder)
return '' def aes_encrypt(key, plaintext):
plaintext += get_padding(plaintext)
aes = AES.new(key, AES.MODE_ECB)
cipher_text = aes.encrypt(plaintext).encode('hex')
return cipher_text def generate_hello(key, name, flag):
message = "Connection for mission: {}, your mission's flag is: {}".format(name, flag)
return aes_encrypt(key, message) def get_input():
return raw_input() def print_output(message):
print(message)
sys.stdout.flush() def handle():
print_output("Please enter mission key:")
mission_key = get_input().rstrip() print_output("Please enter your Agent ID to secure communications:")
agentid = get_input().rstrip()
rnd = Random.new()
session_key = rnd.read(16) flag = '<secret>'
print_output(generate_hello(session_key, agentid, flag))
while True:
print_output("Please send some messages to be encrypted, 'quit' to exit:")
msg = get_input().rstrip()
if msg == 'quit':
print_output("Bye!")
break
enc = aes_encrypt(session_key, msg)
print_output(enc) if __name__ == "__main__":
handle()

分析代码得知,该题为aes  ecb加密,这几天密码学课刚好讲到这,ecb是一种非常不安全的加密,wiki上有很好的举例。脚本放后面了。

1.本题通过输入agent_id,构造形如

Connection for mission: {agent_id}, your mission's flag is: DDCTF{32位}的字符串,

用随机生成的16位密钥进行加密,在一次连接中密钥不会变换

2.因为aes的特性通过改变输入agent_id长度,可以确定flag长度为32位,如下图

3.因为aes特性将字符串16位一组分组,当输入12345678时,字符串多出一位},分析脚本得知会用0补齐。

4.aes_ecb的特性,最后一组的}和单独输入}加密后一样,得知可以进行爆破,通过改变agent_id长度进行爆破。得到flag

 #coding=utf-8
import socket
import string
mission_key = '''xxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxxx'''
a=''''''#最初的agent_id
flag='DDCTF{'
msg="flag is: DDCTF{"
for x in range(1,33):#长度32位
agent=a[:40-x]+'\n'#每次变换agent
s = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)
s.connect(('116.85.48.103',5002))
s.recv(1024)
s.send(mission_key+'\n')
s.recv(1024)
s.send(agent)
c=s.recv(1024).rstrip()
for i in string.printable:
s.recv(1024)
s.send(msg+i+'\n')
ss=s.recv(1024).rstrip()[:32]
if(ss==c[160:192]):
msg=msg[1:]+i
flag+=i
print flag
break
s.close()
print flag+'}'

0x04 complex stego

题目:

不算提示的提示3:这道题一共有两个解法,之前只提示了一种,另外一种比较简单

不算提示的提示2:https://www.bilibili.com/video/av19141078
https://www.bilibili.com/video/av21411551
P.S. 出题时间在出视频时间之前,从这个意义上说跟题目没有关系,因此这是不算提示的提示

提示:请善用搜索引擎来学习,重点是z

=====

警方正在利用某黑客使用过的设备,来追查其行踪,并发现了下面附件中的文件。

该黑客利用附件中的encrypt.py,将其密钥转换成encrypted.bmp保存。警方在测试时,发现利用encrypt.py字符串“DDCTF{}”能被转换成下图的美丽图样。

你能帮助警方从encrypted.bmp恢复出该黑客的密钥么?(为便于修正误差,本题flag后面重复出现了一次flag本体)

题解:根据两张图片和一些我自定义的字符串进行加密,得到字符串长7位时每种颜色出现6次,8位时出现7次,数出加密图片颜色次数位37次可以确定加密的字符串长38位。根据题意flag本体重复了一次所以加密字符串格式为DDCTF{15位} 15位,还有一位一直不知道是啥,现在知道是空格了

直接引用出题人的解答吧,毕竟我连傅里叶变换都没学过。只知道解题脚本是用那个微分方程写出来的。

https://github.com/garzon/DDCTF_2018/tree/master/complex_stego

贴一下出题人的解题脚本

 from PIL import Image
import cmath, math, random, string maxLen = 45
img_size = 800
abs_cor_size = 1.05
maxValue = 2200.0 def linear_map(v, old_dbound, old_ubound, new_dbound, new_ubound):
return (v-old_dbound)*1.0/(old_ubound-old_dbound)*(new_ubound-new_dbound) + new_dbound def read_from_img(img):
def mapping(r, i):
x = int(round(linear_map(r, -abs_cor_size, abs_cor_size, 0, img_size)))
y = int(round(linear_map(i, -abs_cor_size, abs_cor_size, img_size, 0)))
return (x, y)
def X(z):
pix_pos = mapping(z.real, z.imag)
t = img.getpixel(pix_pos)
return complex(linear_map(t[1], 0, 255, -maxValue, maxValue), linear_map(t[2], 0, 255, -maxValue, maxValue))
return X def z_decrypt(X):
real_max_val = 0.0
decrypted = []
for n in xrange(maxLen):
res = 0.0
dw = 0.001
w = -math.pi
while w < math.pi:
v = X(pow(math.e, 1j * w))
if v.real > real_max_val: real_max_val = v.real
if v.imag > real_max_val: real_max_val = v.imag
res += v * pow(math.e, 1j * w * n) * dw
w += dw
decrypted.append(res/math.pi/2)
print 'realmax', real_max_val
err = [math.fabs(j.imag) for j in decrypted]
res = ''.join([string.printable[j-1] if j <= len(string.printable) and j >= 1 else '?' for i in decrypted for j in [int(round(i.real))]]).strip('?')
return res img = Image.open('encrypted.bmp')
X = read_from_img(img)
decrypted = z_decrypt(X)
print len(decrypted), decrypted
print '--------- decrypted! ----------------'

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