Solution -「AGC 002F」「AT 2000」Leftmost Ball
\(\mathcal{Description}\)
Link.
给你 \(n\) 种颜色的球,每个球有 \(k\) 个,把这 \(n\times k\) 个球排成一排,把每一种颜色的最左边出现的球涂成白色(初始球不包含白色),求有多少种不同的颜色序列。对 \(10^9+7\) 取模。
\(n,k\le2000\)。
\(\mathcal{Solution}\)
钦定颜色无序,并把“最左边出现的球涂成白色”理解为“放白球,前缀白球个数不小于前缀颜色个数”。设 \(f(i,j)\) 表示已经放了 \(i\) 个白球,放完了 \(j\) 中颜色的方案数。转移:
\]
前一项是放白球,并保证前缀白球个数不小于前缀颜色个数;后者是放完全部 \(j\) 颜色的球,并保证第一个球在白球位置(无贡献),第二个球在 \(nk\) 个位置目前最前的空位(颜色无序,必须保证颜色出现位置升序;无贡献);其余 \(k-2\) 个球在剩下的位置任意选择放置。
答案即为 \(n!f(n,n)\)。复杂度 \(\mathcal O(n^2)\)。
\(\mathcal{Code}\)
#include <cstdio>
const int MAXN = 2000, MAXL = MAXN * MAXN, MOD = 1e9 + 7;
int n, K, fac[MAXL + 5], ifac[MAXL + 5], f[MAXN + 5][MAXN + 5];
inline void addeq ( int& a, const int b ) { if ( ( a += b ) >= MOD ) a -= MOD; }
inline int qkpow ( int a, int b ) {
int ret = 1;
for ( ; b; a = 1ll * a * a % MOD, b >>= 1 ) ret = 1ll * ret * ( b & 1 ? a : 1 ) % MOD;
return ret;
}
inline void init ( const int n ) {
fac[0] = 1;
for ( int i = 1; i <= n; ++ i ) fac[i] = 1ll * i * fac[i - 1] % MOD;
ifac[n] = qkpow ( fac[n], MOD - 2 );
for ( int i = n - 1; ~ i; -- i ) ifac[i] = ( i + 1ll ) * ifac[i + 1] % MOD;
}
inline int C ( const int n, const int m ) {
return n < m ? 0 : 1ll * fac[n] * ifac[m] % MOD * ifac[n - m] % MOD;
}
int main () {
scanf ( "%d %d", &n, &K );
if ( K == 1 ) return puts ( "1" ), 0;
init ( n * K ), f[0][0] = 1;
for ( int i = 1; i <= n; ++ i ) {
for ( int j = 0; j <= i; ++ j ) {
int& cur = f[i][j];
if ( i ^ j ) addeq ( cur, f[i - 1][j] );
if ( j ) addeq ( cur, 1ll * f[i][j - 1]
* C ( n * K - i - ( j - 1 ) * ( K - 1 ) - 1, K - 2 ) % MOD );
}
}
printf ( "%d\n", int ( 1ll * f[n][n] * fac[n] % MOD ) );
return 0;
}
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