HDU 1300 Pearls （DP）

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1300

题目大意：珠宝店有100种不同质量的珍珠，质量越高价钱越高，为了促进销售，每买一种类型的珍珠，要在原来的基础上必须再买10个。这时一个CFO发现，这种条件下，有时买质量更好的反而更便宜。比如要买10元的珍珠5个，20元的珍珠100个，普通的买法需要(5+10)*10 + (100+10)*20 = 2350，但是如果只买105个价值20元的珍珠，只需要 (5+100+10)*20 = 2300。现在给定要买的珍珠的数量和对应价格，求最少花费

Sample Input

2

2

100 1

100 2

3

1 10

1 11

100 12

 

Sample Output

330

1344

 

分析：令dp[i]表示买前 i 种珍珠的最小花费，则dp[i] = min{dp[j],(珍珠 j 到珍珠 i 的数量)*珍珠 i 的价值 | j<i}

代码如下：

 # include<iostream>
 # include<cstdio>
 # include<cstring>
 # define maxn
 # define inf   //这个大小要合适，不然出错
 using namespace std;

 int dp[maxn],a[maxn],p[maxn];   //a[i]表示前i种珍珠的数量总和
 int main()
 {
     int T,min,i,j,c;
     scanf("%d",&T);
     while(T--)
     {
         scanf("%d",&c);
         a[] = ;
         int temp;
         for(i=; i<=c; i++)
         {
             scanf("%d%d",&temp,&p[i]);
             a[i] = a[i-] + temp;
         }
         memset(dp,,sizeof(dp));
         for(i=; i<=c; i++)
         {
             min = inf;
             for(j=; j<i; j++)
             {
                 temp = dp[j] + (a[i]-a[j]+)*p[i];
                 if(temp < min)
                     min = temp;
             }
             dp[i] = min;
         }
         printf("%d\n",dp[c]);
     }
     return ;
 }