vijos上的题解:

1.因为每个格子不是被覆盖就是没被覆盖,状态只有0 1两种,m<=5,所以可以将每一列的状态压缩,看作一个二进制数.
2.矩阵G表示从I状态到J状态的路径条数,自乘N次为长度为N的路径条数。
3.矩阵乘法可以用快速幂优化,时间复杂度为O(logN*(2^M)^3)可以接受
4.用I表示前一个状态,J表示这个状态,则I可以到达J的条件是:(K = 2^M - 1 )
I OR J = K 且 I AND J = AG[W]
I状态未能填满的格子均由横向1*2的骨牌填充,此时J状态相应的位置也填充了骨牌,因此要满足I OR J = K,即I和J状态此时互补。
又在J状态下可以继续填充竖向2*1的骨牌,这些骨牌的位置可由I AND J得到,所以I AND J必须满足 I AND J = AG[W]
AG[W]为在宽度为M是竖向填充2*1的骨牌的所有方案。
ag:Array[0..7]of longint = (0,3,6,12,15,24,27,30);
把里面的数字转换成2进制就知道这个数组的干吗用的了。
5.再次感谢matrix67大牛,膜拜ing...

还有需要弄清的问题是把每个数字转换为2进制后,1表示此位置被覆盖,0表示未被覆盖。但为什么需要 i  or  j=1<<m -1 并且 i and j=这些奇怪的数字呢?

其实我们可以这样考虑,我们现在所在的这一行,假设是n行,要过度到n+1行,所以这一行上面的0必须被填上,这样n+1行的同一个位置必定有1,

这是横着铺了一个骨牌的结果,所以i or j=1<<m-1

那为什么要有i and j=那些呢?

我们思考,当把第n行铺满之后,在n+1行上竖着铺放骨牌还可以得到不同的方案数,而这时能铺的只有n行的1所在的位置,而且必须是若干个两个连着的1。

而 i and j 的1所在位置就是新铺的竖着的骨牌,它必须等于某些特定的值,而不能等于其它的值 比如 01010 这是显然不可能,他是怎么铺上的呢?

事实上,我们把AG数组的所有转化为二进制即:

00000,00011,00110,01100,01111,11000,11011,11110

这为我们提供了所有可行的i and j 的值

Q.E.D

代码:

 const ag:array[..]of longint=(,,,,,,,);
type matrix=array[..,..] of longint;
var a,b:matrix;
i,j,k,m,n,p,ans:longint;
function mo(x:longint):longint;
begin
mo:=x mod p;
end;
procedure init;
begin
readln(n,m,p);
fillchar(a,sizeof(a),);
fillchar(b,sizeof(b),);
m:=(<<m)-;
for i:= to m do
for j:= to m do
if i or j=m then
for k:= to do
if i and j=ag[k] then a[i,j]:=;
for i:= to m do b[i,i]:=;
end;
procedure mul(var x,y,z:matrix);
var t:matrix;
i,j,k:longint;
begin
fillchar(t,sizeof(t),);
for i:= to m do
for j:= to m do
for k:= to m do
t[i,j]:=mo(t[i,j]+x[i,k]*y[k,j]);
z:=t;
end;
procedure ksm(cs:longint);
begin
while cs<> do
begin
if cs and = then mul(a,b,b);
cs:=cs>>;
mul(a,a,a);
end;
end;
procedure main;
begin
ksm(n);
writeln(b[m,m]);
end;
begin
init;
main;
end.

还有一个小问题,这里A数组自乘了n次,而且最后直接输出了b[m,m],这是为什么呢?

我们可以假想初始状态为0行铺满了格子,每乘一次都得到了下一行的结果,所以n此后得到了第n行的结果,A[n,n]表示的就是从第0行铺满到第n行铺满的方案数。

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