[JSOI2008]最大数
题目描述
现在请求你维护一个数列,要求提供以下两种操作:
1、 查询操作。
语法:Q L
功能:查询当前数列中末尾L个数中的最大的数,并输出这个数的值。
限制:L不超过当前数列的长度。
2、 插入操作。
语法:A n
功能:将n加上t,其中t是最近一次查询操作的答案(如果还未执行过查询操作,则t=0),并将所得结果对一个固定的常数D取模,将所得答案插入到数列的末尾。
限制:n是整数(可能为负数)并且在长整范围内。
注意:初始时数列是空的,没有一个数。
输入输出格式
输入格式:
第一行两个整数,M和D,其中M表示操作的个数(M <= 200,000),D如上文中所述,满足(0<D<2,000,000,000)
接下来的M行,每行一个字符串,描述一个具体的操作。语法如上文所述。
输出格式:
对于每一个查询操作,你应该按照顺序依次输出结果,每个结果占一行。
输入输出样例
5 100
A 96
Q 1
A 97
Q 1
Q 2
96
93
96
题解:
运用线段树的算法。
这道题看似长度是变化的,其实可以转化
直接将序列看做1~m的数列,将数一个一个加入,并记录当前位置就行了
首先建树,把所有的节点的值赋成min_int。用[i,j]表示该区间的最大值。
1)读入Q L操作。用len表示区间的大小,在len+1的位置放入(L+T)%D的值。
2)读入A n操作。输出区间[len-n+1,len]这个区间中的最大值,并把t的值进行更新。
此题还可以用二分和单调栈
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
int M,D,t=;
int size;
int a[];
int num[];
int main()
{
int Ln,len=;
char QA[];
scanf("%d%d", &M, &D);
while(M--)
{
scanf("%s %d", QA, &Ln);
if(QA[] == 'A')//查询操作
{
Ln=(Ln+t)%D;
num[++len]=Ln;//每次加入一个Ln,num数组长度++
while(size&&num[a[size]]<=Ln)
size--;//单调栈操作
a[++size]=len;
}
else //插入操作
{
int pos=lower_bound(a+,a+size+,len-Ln+)-a; //二分查找
t=num[a[pos]];
cout<<t<<endl;
}
}
return ;
}
线段树
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int c[],ans;
void add(int rt,int l,int r,int p,int k)
{
if (l==r)
{
c[rt]=k;
return;
}
int mid=(l+r)>>;
if (p<=mid) add(rt<<,l,mid,p,k);
else add(rt<<|,mid+,r,p,k);
c[rt]=max(c[rt<<],c[rt<<|]);
}
int query(int rt,int l,int r,int L,int R)
{
if (l>=L&&r<=R)
{
return c[rt];
}
int mid=(l+r)>>,s=-;
if (L<=mid) s=max(s,query(rt<<,l,mid,L,R));
if (R>mid) s=max(s,query(rt<<|,mid+,r,L,R));
return s;
}
void build(int rt,int l,int r)
{
c[rt]=-;
if (l==r)return;
int mid=(l+r)>>;
build(rt<<,l,mid);build(rt<<|,mid+,r);
}
int main()
{int n;
char ch;
int m,d,t,i,l;
cin>>m>>d;
t=;
int x=;
build(,,m);
for (i=;i<=m;i++)
{
cin>>ch;
if (ch=='A')
{
scanf("%d",&n);
n=(n+t)%d;
x++;
add(,,m,x,n);
}
else
{
scanf("%d",&l);
ans=query(,,m,x-l+,x);
t=ans;
printf("%d\n",ans);
}
}
}
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