bzoj 3685
线段树
方法一:
值域线段树,递归去写的,每次节点存出现次数.
对于几个操作, 1,2 直接加减就好 ; 3,4 操作贪心往某一个方向找 .7也很简单,主要说前驱后继怎么找。我是先找这个数第几小,根据相应关系得出我们需要输出第几小。然后就写了一下 TLE。详见代码一;
解决办法
加入输入外挂 .... 过了.详见代码二。
方法二:
参考了zkw,原来就是递归改为循环,再用到满二叉树性质.有些能够O(1) 求出.
具体做法:先确定范围,让二叉树最后一层节点数>=n.并找到最后一层节点编号 L-R .和前面有sz个节点. 增删我们从 sz+x这个节点开始加上一个数,之后除以2.
再写一个查询最大最小.那个函数传入的是节点编号.所以他可以查询某个子树的max,min.结合到前驱后继。比如查询x前驱,我就从x那个最底层点开始,看我是右儿子?如果是,看左儿子节点有数?有查询那颗子树的max,即为答案,反之也是一样的。最后一个操作直接来。sz+x。对于下标处理原题 [0,n-1] . 线段树 是1开始所以减一莫要忘记.
具体写法,参考代码三。
//代码一
#include <stdio.h>
const int maxn=1e6+10;
int T[maxn*4];
void ins(int i,int l,int r,int x,int val)// 1 2
{
if(l==r)
{
T[i]=val;
return ;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) ins(i<<1,l,mid,x,val);
else ins(i<<1|1,mid+1,r,x,val);
T[i]=T[i<<1]+T[i<<1|1];
}
int fmax(int i,int l,int r)
{
if(T[i]==0) return -1;
if(l==r) return l;
int mid=(l+r)>>1;
if(T[i<<1|1]) return fmax(i<<1|1,mid+1,r);
else return fmax(i<<1,l,mid);
}
int fmin(int i,int l,int r)
{
if(T[i]==0) return -1;
if(l==r) return l;
int mid=(l+r)>>1;
if(T[i<<1]) return fmin(i<<1,l,mid);
else return fmin(i<<1|1,mid+1,r);
}
int fx(int i,int l,int r,int x)
{
if(l==r) return T[i]?1:-1;
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) return fx(i<<1,l,mid,x);
else return fx(i<<1|1,mid+1,r,x);
}
bool flag;
int kth(int i,int l,int r,int x)
{
if(l==r)
{
flag=T[i];
return T[i];
}
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) return kth(i<<1,l,mid,x);
else return T[i<<1]+kth(i<<1|1,mid+1,r,x);
}
int fkth(int i,int l,int r,int k)
{
if(l==r)
{
if(T[i]) return l;
else return -1;
}
int mid=(l+r)>>1;
int sum=T[i<<1];
if(sum>=k) return fkth(i<<1,l,mid,k);
else return fkth(i<<1|1,mid+1,r,k-sum);
}
int main()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
while(m--)
{
int op,x;
scanf("%d",&op);
if(op==3||op==4) ;
else scanf("%d",&x);
if(op==1) ins(1,-1,n+1,x,1);
else if(op==2) ins(1,-1,n+1,x,0);
else if(op==3) printf("%d\n",fmin(1,-1,n+1));
else if(op==4) printf("%d\n",fmax(1,-1,n+1));
else if(op==5)
{
int k=kth(1,-1,n+1,x);
//printf("k=%d flag=%d\n",k,flag?1:0);
if(flag) k--;
printf("%d\n",fkth(1,-1,n+1,k));
}
else if(op==6)
{
int k=kth(1,-1,n+1,x);
k++;
printf("%d\n",fkth(1,-1,n+1,k));
}
else printf("%d\n",fx(1,-1,n+1,x));
}
return 0;
}
/*
10 100
1 2
1 4
1 6
1 8
1 10
*/
//代码二
#include <stdio.h>
const int maxn=1e6+10;
inline char nc()
{
static char buf[100000],*p1=buf,*p2=buf;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,100000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int sc()
{
char ch=nc();
int sum=0;
while(!(ch>='0'&&ch<='9'))ch=nc();
while(ch>='0'&&ch<='9')sum=sum*10+ch-48,ch=nc();
return sum;
}
int T[maxn*4];
void ins(int i,int l,int r,int x,int val)// 1 2
{
if(l==r)
{
T[i]=val;
return ;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) ins(i<<1,l,mid,x,val);
else ins(i<<1|1,mid+1,r,x,val);
T[i]=T[i<<1]+T[i<<1|1];
}
int fmax(int i,int l,int r)
{
if(T[i]==0) return -1;
if(l==r) return l;
int mid=(l+r)>>1;
if(T[i<<1|1]) return fmax(i<<1|1,mid+1,r);
else return fmax(i<<1,l,mid);
}
int fmin(int i,int l,int r)
{
if(T[i]==0) return -1;
if(l==r) return l;
int mid=(l+r)>>1;
if(T[i<<1]) return fmin(i<<1,l,mid);
else return fmin(i<<1|1,mid+1,r);
}
int fx(int i,int l,int r,int x)
{
if(l==r) return T[i]?1:-1;
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) return fx(i<<1,l,mid,x);
else return fx(i<<1|1,mid+1,r,x);
}
bool flag;
int kth(int i,int l,int r,int x)
{
if(l==r)
{
flag=T[i];
return T[i];
}
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) return kth(i<<1,l,mid,x);
else return T[i<<1]+kth(i<<1|1,mid+1,r,x);
}
int fkth(int i,int l,int r,int k)
{
if(l==r)
{
if(T[i]) return l;
else return -1;
}
int mid=(l+r)>>1;
int sum=T[i<<1];
if(sum>=k) return fkth(i<<1,l,mid,k);
else return fkth(i<<1|1,mid+1,r,k-sum);
}
int main()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
while(m--)
{
int op,x;
op=sc();
if(op==3||op==4) ;
else x=sc();
if(op==1) ins(1,-1,n+1,x,1);
else if(op==2) ins(1,-1,n+1,x,0);
else if(op==3) printf("%d\n",fmin(1,-1,n+1));
else if(op==4) printf("%d\n",fmax(1,-1,n+1));
else if(op==5)
{
int k=kth(1,-1,n+1,x);
//printf("k=%d flag=%d\n",k,flag?1:0);
if(flag) k--;
printf("%d\n",fkth(1,-1,n+1,k));
}
else if(op==6)
{
int k=kth(1,-1,n+1,x);
k++;
printf("%d\n",fkth(1,-1,n+1,k));
}
else printf("%d\n",fx(1,-1,n+1,x));
}
return 0;
}
/*
10 100
1 2
1 4
1 6
1 8
1 10
*/
//代码三
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <algorithm>
const int maxn=1e6+10;
int T[maxn*4],sz,L,R;
void ins(int i,int val)
{
i=i+sz;
if(T[i]==1&&val==1) return ;
if(T[i]==0&&val==-1) return ;
for(;i>0;i>>=1) T[i]+=val;
}
int fmax(int i)
{
if(T[i]==0) return 0;
while(i<=sz)
{
if(T[i<<1|1]) i=i<<1|1;
else i=i<<1;
}
return i-sz;
}
int fmin(int i)
{
if(T[i]==0) return 0;
while(i<=sz)
{
if(T[i<<1]) i=i<<1;
else i=i<<1|1;
}
return i-sz;
}
int fpre(int i)
{
i=i+sz;
for(;i!=1;i>>=1)
if((i&1)&&T[i^1]) return fmax(i^1);
return 0;
}
int fsuc(int i)
{
i=i+sz;
for(;i!=1;i>>=1)
if(!(i&1)&&T[i^1]) return fmin(i^1);
return 0;
}
int main()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
sz=0;
for(int i=1;i<n;i=(i<<1))
{
sz+=i;
L=sz+1;
R=sz+(i<<1);
}
while(m--)
{
int op,x;
scanf("%d",&op);
if(op==3||op==4);
else scanf("%d",&x);
x++;
if(op==1) ins(x,1);
else if(op==2) ins(x,-1);
else if(op==3) printf("%d\n",fmin(1)-1);
else if(op==4) printf("%d\n",fmax(1)-1);
else if(op==5) printf("%d\n",fpre(x)-1);
else if(op==6) printf("%d\n",fsuc(x)-1);
else printf("%d\n",T[sz+x]?1:-1);
}
return 0;
}
bzoj 3685的更多相关文章
- BZOJ 3685: 普通van Emde Boas树( 线段树 )
建颗权值线段树就行了...连离散化都不用... 没加读入优化就TLE, 加了就A掉了...而且还快了接近1/4.... ---------------------------------------- ...
- bzoj 3685: 普通van Emde Boas树
3685: 普通van Emde Boas树 Description 设计数据结构支持:1 x 若x不存在,插入x2 x 若x存在,删除x3 输出当前最小值,若不存在输出-14 输出当 ...
- 【模板】BZOJ 3685: 普通van Emde Boas树——Treap
传送门:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3685 据说神犇都是用zkw线段树水过的啊... 我蒟蒻只会写treap,加了fread之后8 ...
- BZOJ 2127: happiness [最小割]
2127: happiness Time Limit: 51 Sec Memory Limit: 259 MBSubmit: 1815 Solved: 878[Submit][Status][Di ...
- BZOJ 3275: Number
3275: Number Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 874 Solved: 371[Submit][Status][Discus ...
- BZOJ 2879: [Noi2012]美食节
2879: [Noi2012]美食节 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 1834 Solved: 969[Submit][Status] ...
- bzoj 4610 Ceiling Functi
bzoj 4610 Ceiling Functi Description bzoj上的描述有问题 给出\(n\)个长度为\(k\)的数列,将每个数列构成一个二叉搜索树,问有多少颗形态不同的树. Inp ...
- BZOJ 题目整理
bzoj 500题纪念 总结一发题目吧,挑几道题整理一下,(方便拖板子) 1039:每条线段与前一条线段之间的长度的比例和夹角不会因平移.旋转.放缩而改变,所以将每条轨迹改为比例和夹角的序列,复制一份 ...
- 【sdoi2013】森林 BZOJ 3123
Input 第一行包含一个正整数testcase,表示当前测试数据的测试点编号.保证1≤testcase≤20. 第二行包含三个整数N,M,T,分别表示节点数.初始边数.操作数.第三行包含N个非负整数 ...
随机推荐
- 阿里云数据库RDS迁移,DTS 迁移过程中,是否会锁表,对源数据库是否有影响?
阿里云数据库RDS迁移,DTS 迁移过程中,是否会锁表,对源数据库是否有影响? DTS 在进行全量数据迁移和增量数据迁移的过程中,均不会对源端数据库进行锁表,因此在全量数据迁移和增量数据迁移的过程中, ...
- Struts2学习四----------动态方法调用
© 版权声明:本文为博主原创文章,转载请注明出处 Struts2动态方法调用 - 默认:默认执行方法中的execute方法,若指定类中没有该方法,默认返回success <package nam ...
- 12306 外包给阿里巴巴、IBM 等大企业做是否可行?
知乎上看到的,转载过来,雅俗共赏 12306首秀被骂的狗血喷头后铁道部找来IBM.阿里巴巴等大企业要解决方式,给出的条件是资金管够可是问题得解决. 几大企业最后都拒绝了(当中阿里巴巴最后负责了排队系统 ...
- 一步一步实现视频播放器client(二)
实现主体界面: 222.png (64.46 KB, 下载次数: 0) 下载附件 保存到相冊 前天 21:02 上传 比較常见的一种布局.以下几个button.点击后 ...
- Cocos2d-x粒子系统
CCparticleSystem类封装实现对粒子的控制与调度,当中操作包含有: 1.产生粒子 2.更新粒子状态 3.回收无效的粒子 CCparticleSystem派生出CCParticleSyste ...
- Java方法存在于哪一区
Java运行时的数据区包括:(其中前两个是线程共享的) 1.方法区(Method Area)存储已被虚拟机加载的类信息.常量.静态变量.即编译器编译后的代码等数据 2.堆(Heap)存放对象实例,几乎 ...
- java 获取微信 页面授权 获取用户openid
先调用微信的地址 跳转https://open.weixin.qq.com/connect/oauth2/authorize?appid=wx4b4009c4fce00e0c&redirect ...
- 【Python基础】之函数、类和方法
一.函数 1. def定义函数 Python Shell: def add(a,b): return a+b >>>add(1,2) 3 def add(a=1,b=2): retu ...
- JAVA中两个Set比较找出交集、差集、并集
当做到某些功能的时候,使用Set能够快速方便地将需要的类型以集合类型保存在一个变量中,Set是最简单的一种集合,集合中的对象不按特定的方式排序,并且没有重复对象. //两个Set比较找出交集.差集.并 ...
- Unity3D自定义编辑器简单实例
MenuItem:在标题栏自定义菜单.需要在Editor文件夹内创建脚本,无需挂载.但是注意其下的函数必须为静态函数. using UnityEngine; using UnityEditor; pu ...