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解题思路

  比较有意思的一道题。首先要把求\(\sum\limits_{i=l}^r dep[lca(i,z)]\)这个公式变一下。就是考虑每一个点的贡献,做出贡献的点一定在\(z\)到根节点的路径上,对于\(x\)这个点,它的贡献就是区间\([l,r]\)与\(z\)的\(lca\)在它下方的个数。那么就可以将区间内的每一个点到根的路径权值都\(+1\),然后求一下\(z\)到根节点的权值即为答案,这样的话用线段树就行了。但每次询问要暴力清空线段树,时间复杂度是\(O(qnlog^2n)\)的,承受不住。现在考虑怎样优化一下\(q\),首先询问是可以拆成两端的,就是\([1,r]-[1,l-1]\)的形式,然后这样的话就不用暴力清空了。只需要离线预处理,把区间拆成两部分,按右端点排序(左端点都是\(1\)),然后每次修改时只需要修改当前询问到上一个询问这段区间就行了,修改时每个点最多只会被改一次。时间复杂度\(O(nlog^2n)\)

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<algorithm> using namespace std;
const int MAXN = 50005;
const int MOD = 201314; inline int rd(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) {f=ch=='-'?0:1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)) {x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0';ch=getchar();}
return f?x:-x;
} int n,Q,head[MAXN],cnt,to[MAXN<<1],nxt[MAXN<<1],ans[MAXN];
int dep[MAXN],siz[MAXN],son[MAXN],fa[MAXN],top[MAXN],id[MAXN],num;
int sum[MAXN<<2],tag[MAXN<<2]; struct Query{
int pos,type,id,z;
friend bool operator<(const Query A,const Query B){
return A.pos<B.pos;
}
}q[MAXN<<1]; inline void add(int bg,int ed){
to[++cnt]=ed,nxt[cnt]=head[bg],head[bg]=cnt;
} void dfs1(int x,int f,int d){
fa[x]=f;dep[x]=d;siz[x]=1;
int maxson=-1,u;
for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
u=to[i];if(u==f) continue;
dfs1(u,x,d+1);siz[x]+=siz[u];
if(siz[u]>maxson) {maxson=siz[u];son[x]=u;}
}
} void dfs2(int x,int topf){
id[x]=++num;top[x]=topf;if(!son[x]) return;
dfs2(son[x],topf);int u;
for(int i=head[x];i;i=nxt[i]){
u=to[i];if(u==fa[x] || u==son[x]) continue;
dfs2(u,u);
}
} inline void pushdown(int x,int ln,int rn){
sum[x<<1]+=tag[x]*ln%MOD;sum[x<<1]%=MOD;
sum[x<<1|1]+=tag[x]*rn%MOD;sum[x<<1|1]%=MOD;
tag[x<<1]+=tag[x];tag[x<<1|1]+=tag[x];tag[x]=0;
} void update(int x,int l,int r,int L,int R){
if(L<=l && r<=R) {sum[x]+=r-l+1;sum[x]%=MOD;tag[x]++;return;}
int mid=(l+r)>>1;if(tag[x]) pushdown(x,mid-l+1,r-mid);
if(L<=mid) update(x<<1,l,mid,L,R);
if(mid<R) update(x<<1|1,mid+1,r,L,R);
sum[x]=sum[x<<1]+sum[x<<1|1];sum[x]%=MOD;
} int query(int x,int l,int r,int L,int R){
if(L<=l && r<=R) return sum[x];
int mid=(l+r)>>1,ret=0;if(tag[x]) pushdown(x,mid-l+1,r-mid);
if(L<=mid) ret=(ret+query(x<<1,l,mid,L,R))%MOD;
if(mid<R) ret=(ret+query(x<<1|1,mid+1,r,L,R))%MOD;
return ret;
} void updRange(int x){
while(top[x]!=1){
update(1,1,n,id[top[x]],id[x]);
x=fa[top[x]];
}
update(1,1,n,1,id[x]);
} int qRange(int x){
int ret=0;
while(top[x]!=1){
ret=(ret+query(1,1,n,id[top[x]],id[x]))%MOD;
x=fa[top[x]];
}
ret=(ret+query(1,1,n,1,id[x]))%MOD;
return ret;
} int main(){
n=rd(),Q=rd();int x,y,z;
for(int i=2;i<=n;i++){
x=rd()+1;add(x,i);add(i,x);
}
dfs1(1,0,1);dfs2(1,1);
for(int i=1;i<=Q;i++){
x=rd(),y=rd(),z=rd();y++;z++;
q[(i<<1)-1].id=i;q[(i<<1)-1].type=1;q[(i<<1)-1].pos=x;q[(i<<1)-1].z=z;
q[i<<1].id=i;q[i<<1].type=2;q[i<<1].pos=y;q[i<<1].z=z;
}
sort(q+1,q+1+(Q<<1));
for(int i=1;i<=(Q<<1);i++){
if(!q[i].pos) continue;
for(int j=q[i-1].pos+1;j<=q[i].pos;j++) updRange(j);
if(q[i].type==2) ans[q[i].id]+=qRange(q[i].z);
else ans[q[i].id]-=qRange(q[i].z);ans[q[i].id]%=MOD;
}
for(int i=1;i<=Q;i++)
printf("%d\n",(ans[i]+MOD)%MOD);
return 0;
}

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