Description

XWW是个影响力很大的人,他有很多的追随者。这些追随者都想要加入XWW教成为XWW的教徒。但是这并不容易,需要通过XWW的考核。

XWW给你出了这么一个难题:XWW给你一个N × N的正实数矩阵A,满足XWW性。

称一个N × N的矩阵满足XWW性当且仅当:(1)A[N][N]=0;(2)矩阵中每行的最后一个元素等于该行前N-1个数的和;(3)矩阵中每列的最后一个元素等于该列前N-1个数的和。

现在你要给A中的数进行取整操作(可以是上取整或者下取整),使得最后的A矩阵仍然满足XWW性。同时XWW还要求A中的元素之和尽量大。

Input

第一行一个整数N,N ≤ 100。

接下来N行每行包含N个绝对值小于等于1000的实数,最多一位小数。

Output

输出一行,即取整后A矩阵的元素之和的最大值。无解输出No。

Sample Input

4

3.1 6.8 7.3 17.2

9.6 2.4 0.7 12.7

3.6 1.2 6.5 11.3

16.3 10.4 14.5 0

Sample Output

129

HINT

【数据规模与约定】

有10组数据,n的大小分别为10,20,30...100。

【样例说明】

样例中取整后满足XWW性的和最大的矩阵为:

3 7 8 18

10 3 0 13

4 1 7 12

17 11 15 0

题解

有源汇有上下界网络流 ,

因为是可以向上或者是向下取整,那也就是说一个数他的变化范围是[(int)a[i][j] , (int)a[i][j]+1];

从S向每一行连边 ,容量范围是[(int)a[i][n] , (int)a[i][n]+1];

从每一列向T连边, 容量范围是[(int)a[n][i] , (int)a[n][i]+1];

然后 第i行向第j列连[(int)a[i][j] , (int)a[i][j]+1] 的边

对于 1.0 这种 x.0 的不用连边 , 但是要留出去下限(我居然直接略过了。。。)

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<vector>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
const int N = 1e4+100 , inf = 1e8;
inline int read()
{
register int x = 0 , f = 0; register char c = getchar();
while(c < '0' || c > '9') f |= c == '-' , c = getchar();
while(c >= '0' && c <= '9') x = (x << 3) + (x << 1) + c - '0' , c = getchar();
return f ? -x : x;
}
int n , S , T , s , t , cnt = 1 , sum;
double a[120][120];
int head[N] , b[120][120] , du[N] , d[N];
struct edge{ int v , nex , c; } e[N<<4];
inline void add(int u , int v , int c) { e[++cnt].v = v; e[cnt].nex = head[u]; e[cnt].c = c; head[u] = cnt; e[++cnt].v = u; e[cnt].nex = head[v]; e[cnt].c = 0; head[v] = cnt; return ; }
queue<int> q;
bool bfs()
{
for(int i = 1 ; i <= T+2 ; ++i) d[i] = 0; q.push(S); d[S] = 1;
while(q.size())
{
int x = q.front(); q.pop();
for(int i = head[x] , v; i ; i = e[i].nex)
{
v = e[i].v; if(d[v] || e[i].c == 0) continue;
d[v] = d[x] + 1; q.push(v);
}
}
return d[T] != 0;
} int dfs(int x , int flow)
{
if(x == T || flow == 0) return flow;
int res = 0 , k;
for(int i = head[x] , v; i ; i = e[i].nex)
{
v = e[i].v;
if(d[v] == d[x] + 1 && e[i].c)
{
k = dfs(v , min(e[i].c , flow));
if(k) { e[i].c -= k; e[i^1].c += k; res += k; flow -= k; if(flow == 0) return res; }
else d[v] = 0;
}
}
return res;
} int Dinic()
{
int ans = 0;
while(bfs()) ans += dfs(S , inf);
return ans;
} void solve()
{
s = n*2+1; t = s+1; S = t+1; T = S+1;
for(int i = 1 ; i <= n ; ++i) for(int j = 1 ; j <= n ; ++j) b[i][j] = (int)a[i][j];
for(int i = 1 ; i < n ; ++i)
{
if(a[i][n] != b[i][n]) add(s , i , 1);
du[s] -= b[i][n]; du[i] += b[i][n]; // 相等
if(a[n][i] != b[n][i]) add(i+n , t , 1);
du[i+n] -= b[n][i]; du[t] += b[n][i];
}
for(int i = 1 ; i < n ; ++i) for(int j = 1 ; j < n ; ++j)
{
if(a[i][j] != b[i][j]) add(i , j+n , 1);
du[i] -= b[i][j]; du[j+n] += b[i][j];
}
for(int i = 1 ; i <= T ; ++i) if(du[i] > 0) add(S , i , du[i]) , sum += du[i]; else if(du[i] < 0) add(i , T , -du[i]);
add(t , s , inf);
int ans = Dinic();
if(ans != sum) puts("No");
else
{
S = s; T = t;
cout << Dinic() * 3 << '\n';
}
return ;
} int main()
{
n = read();
for(int i = 1 ; i <= n ; ++i) for(int j = 1 ; j <= n ; ++j) scanf("%lf" , &a[i][j]);
solve();
return 0;
}

BZOJ 3698: XWW的难题的更多相关文章

  1. BZOJ 3698: XWW的难题 [有源汇上下界最大流]

    3698: XWW的难题 题意:(1)A[N][N]=0:(2)矩阵中每行的最后一个元素等于该行前N-1个数的和:(3)矩阵中每列的最后一个元素等于该列前N-1个数的和.给A中的数进行取整操作(可以是 ...

  2. BZOJ 3698: XWW的难题(有源汇上下界最大流)

    题面 XWW是个影响力很大的人,他有很多的追随者.这些追随者都想要加入XWW教成为XWW的教徒.但是这并不容易,需要通过XWW的考核. XWW给你出了这么一个难题:XWW给你一个N*N的正实数矩阵A, ...

  3. BZOJ 3698 XWW的难题:有上下界的最大流

    传送门 题意 给你一个 $ n*n $ 的正实数矩阵 $ A $ ,满足XWW性. 称一个 $ n*n $ 的矩阵满足XWW性当且仅当: $ A[n][n] = 0 $ 矩阵中每行的最后一个元素等于该 ...

  4. bzoj 3698 XWW的难题(有源汇的上下界最大流)

    [题意] 对每个格子确定上下取整,使得满足1.A[n][n]=0 2.每行列前n-1个之和为第n个 3.格子之和尽量大. [思路] 设格子(i,j)上下取整分别为up(i,j)down(i,j),构图 ...

  5. BZOJ.3698.XWW的难题(有源汇上下界最大流ISAP)

    题目链接 按套路行列作为两部分,连边 \(S->row->column->T\). S向代表行的元素连边cap(A[i][n])(容量上下界为上下取整),代表列的元素向T连边cap( ...

  6. 3698: XWW的难题[有源汇上下界最大流]

    3698: XWW的难题 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 354  Solved: 178[Submit][Status][Discus ...

  7. [BZOJ3698] XWW的难题 网络流

    3698: XWW的难题 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 533  Solved: 275[Submit][Status][Discus ...

  8. 【BZOJ3698】XWW的难题 有上下界的最大流

    [BZOJ3698]XWW的难题 Description XWW是个影响力很大的人,他有很多的追随者.这些追随者都想要加入XWW教成为XWW的教徒.但是这并不容易,需要通过XWW的考核.XWW给你出了 ...

  9. XWW的难题(bzoj 3698)

    Description XWW是个影响力很大的人,他有很多的追随者.这些追随者都想要加入XWW教成为XWW的教徒.但是这并不容易,需要通过XWW的考核.XWW给你出了这么一个难题:XWW给你一个N*N ...

随机推荐

  1. php 安装扩展插件实例-gd库

    今天给php 安装一个扩展插件 gd库   一.gd库是什么 gd库是一个开源的图像处理库,它通过提供一系列用来处理图片的API,使其可以用来创建图表.图形.缩略图以及其他图像的处理操作. gd库支持 ...

  2. Windows 远程桌面连接Ubuntu14.04

    在Ubuntu系统进行如下系统配置 1.安装xrdp sudo apt-get install xrdp 2.安装vnc4server sudo apt-get install vnc4server ...

  3. Spring源码阅读笔记02:IOC基本概念

    上篇文章中我们介绍了准备Spring源码阅读环境的两种姿势,接下来,我们就要开始探寻这个著名框架背后的原理.Spring提供的最基本最底层的功能是bean容器,这其实是对IoC思想的应用,在学习Spr ...

  4. 【转载】详解linux下的串口通讯开发

    来源:https://www.cnblogs.com/sunyubo/archive/2010/09/26/2282116.html 串行口是计算机一种常用的接口,具有连接线少,通讯简单,得到广泛的使 ...

  5. PHPExcel使用

       参考链接: 官方github:https://github.com/PHPOffice/PHPExcel 设置表格字体颜色等操作:http://www.cnblogs.com/grimm/p/9 ...

  6. linux中的挂载命令

    一.查询与自动挂载 查询系统中已经挂载的设备,-l会显示卷标名称 mount [-l] oot@izm5e2q95pbpe1hh0kkwoiz tmp]# mount sysfs on /sys ty ...

  7. CommunityServer的编译

    1. 简介 Community Server是一个免费的开源协作系统,用于管理文档.项目.客户关系和电子邮件通信,可以在私有服务器上安装和配置.它的组成分为: 1. OnlyOfficeJabber  ...

  8. Eclipse 如何添加 更换字体(转载)

    1. 打开eclipse-->Window-->Preferences-->General-->appearance-->Colors and Fonts, 点开后选择B ...

  9. for _ in range(n) python里那些奇奇怪怪的语法糖

    for _ in range(n)中 _ 是占位符, 表示不在意变量的值 只是用于循环遍历n次. 例如在一个序列中只想取头和尾,就可以使用_ 其实意思和for each in range(n)是一个意 ...

  10. Docker 网络原理

    引言 学习docker网络,可以带着下面两个问题来探讨 容器之间可以相互访问的原理 容器暴露端口后,通过宿主机访问到容器内应用,并且对于访问端而言不用感知容器存在的原理 Docker 本身的技术依赖L ...