T1:

来源:Codeforces -  Classroom Watch

Describe:

给出一个正整数 n,现在问存在多少个 x,使得  x在十进制下的每一位之和加上 x 等于 n。

Solution:

考场上一眼没看出来,之后又想了一会儿,想了一种比较常规的方法:

___

对于一个数 xyz (这里以三位数为例,另外位数同理),我们要让这个数与它各个数位上的和相加等于n,即:

100x+10y+z+x+y+z=101x+11y+2z=n

考后知道的确有dalao用了九重循环水过了,但我那个时候觉得效率太低,就觉得可以用深搜做,我开了这么一个数组:

num[11]={0,2,11,101,1001,10001,100001,1000001,10000001,100000001,1000000001}

对于当前递归到的每个数,从大到小减这些数,当该数组指针指向num[1]时,就进行判断当前枚举到的数能否被2整除,此外还有再判断剩下的数最大是否可能大于当前数,小于则之间返回。

然后,我就要写完这个方法时,时间已经过去了1个小时了...我突然想到,这个数既然是等于一个数加上各个数位上的数,那么这个数与原数之差绝对不会超过81,所以我们直接暴力就行。

我为了防止小的数可能出现一些特殊情况,我就在0-1000的范围内直接暴力,1000以上的数我再用上述做法。

悲剧的是...我再拆数的时候,对于每一个数本应该是temp = temp + x % 10,因为以前习惯性操作,我写成了temp = temp * 10 + x % 10...

虽然我再最后及时发现了,但是我只改了0-1000范围内的数,后面的因为我是粘贴了0-1000的做法,随意仍然是temp = temp * 10 + x % 10,然后就只拿到了20分。

以后对于粘贴上文内容还是得慎用!

Code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; int n, ans[1000010], cnt = 0; int main() {
freopen("num.in", "r", stdin);
freopen("num.out", "w", stdout);
scanf("%d", &n);
if (n <= 1000) {
for (int i = 1; i <= n; ++ i) {
int x = i;
int Temp = i;
while(x) {
Temp = Temp + x % 10;
x /= 10;
}
if (Temp == n) ans[++ cnt] = i;
}
}
else {
for (int i = n - 120; i <= n; ++ i) {
int x = i;
long long Temp = 0;
while(x) {
Temp = Temp * 10 + x % 10;
x /= 10;
}
if (Temp == n) ans[++ cnt] = i;
}
}
printf("%d\n", cnt);
for (int i = 1; i <= cnt; ++ i) printf("%d ", ans[i]); puts("");
return 0;
}

T2:

应该是本校集训时候的出的题,就不放题面了。

给出三个数A,B,C,A-a=B-b=C-a-b=x,求出x.

Solution:

我们将这个等式拆开:

1.A-a=C-a-b,所以A=C-b;

2.B-b=C-a-b,所以B=C-a

3.A-a=B-b,所以A-B=a-b.

我们发现A+B-C=x,所以直接输出A-B+C即可。

Code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; int T, A, B, C; int main() {
freopen("combo.in", "r", stdin);
freopen("combo.out", "w", stdout);
scanf("%d", &T);
for (int i = 1; i <= T; ++ i) {
scanf("%d%d%d", &A, &B, &C);
printf("%d\n", A + B - C);
}
return 0;
}

然后不知道什么原因,我在我考试的文件夹里只找到四个.in和.out,就是这题没有。所以...我freopen打错了...直接爆零...

我考完后改了过来就AC了...

虽然就算这道题按照满分来算了,我的分数也并不高,而且还有几个AK的大佬;对于之前的成绩来说,我最近的成绩的确处在下滑阶段,我却又只能看着这画面自叹不如?辛酸...

T3:

一个n*m的网格图,a[i][j]表示这个点上的高度,求表面积.

Solution:

我们只需计算左前或右后面的面积,乘两倍后同时加上两倍的n*m即可,我认为正常考试第二水的题。

Code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; const int H = 110, W = 110;
int n, m, a[H][W]; int main() {
freopen("surface.in", "r", stdin);
freopen("surface.out", "w", stdout);
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n; ++ i)
for (int j = 1; j <= m; ++ j)
scanf("%d", &a[i][j]);
int Temp = 0;
for (int i = 1; i <= n; ++ i)
for (int j = 1; j <= m; ++ j)
Temp += max(a[i][j] - a[i][j - 1], 0) + max(a[i][j] - a[i - 1][j], 0);
printf("%d\n", Temp * 2 + n * m * 2);
return 0;
}

T4:

类比八皇后,在n*n的棋盘上,给出起始点和终止点,问起始点按1.向上两格向左一格;2.向上两格向右一格;3.向右两格;4.向下两格向右一格;5.向下两格向左一格;6.向左两格的方式进行移动,问到终止点的最少步数是多少。并说明路径,按以上顺序,分别是UL, UR, R, LR, LL, L。

Solution:

第一问广度优先搜索裸题,并在搜索时记录由谁转移而来,第二问通过该记录方式递归求出解,要注意递归时需将方向顺序倒置。

Code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; const int N = 200;
int n, a, b, c, d; int head, tail, q[40050][3], dis[N + 12][N + 21], pre[N + 10][N + 10][2]; void dfs(int x, int y) {
if (x == a && y == b) return ;
int x0 = pre[x][y][0], y0 = pre[x][y][1];
dfs(x0, y0);
if (x0 + 2 == x && y0 + 1 == y) printf("LR ");
if (x0 + 2 == x && y0 - 1 == y) printf("LL ");
if (x0 - 2 == x && y0 + 1 == y) printf("UR ");
if (x0 - 2 == x && y0 - 1 == y) printf("UL ");
if (x0 == x && y0 - 2 == y) printf("L ");
if (x0 == x && y0 + 2 == y) printf("R ");
} int main() {
freopen("redqueen.in", "r", stdin);
freopen("redqueen.out", "w", stdout);
scanf("%d%d%d%d%d", &n, &a, &b, &c, &d);
-- n;
memset(dis, 0x3f, sizeof(dis));
dis[a][b] = 0;
q[tail = 1][0] = a, q[tail][1] = b;
head = 0;
while(head <= tail) {
int nx = q[++ head][0], ny = q[head][1];
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx - 2][ny - 1] && nx - 2 >= 0 && ny - 1 >= 0) {
q[++ tail][0] = nx - 2;
q[tail][1] = ny - 1;
dis[nx - 2][ny - 1] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx - 2][ny - 1][0] = nx;
pre[nx - 2][ny - 1][1] = ny;
}
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx - 2][ny + 1] && nx - 2 >= 0 && ny + 1 <= n) {
q[++ tail][0] = nx - 2;
q[tail][1] = ny + 1;
dis[nx - 2][ny + 1] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx - 2][ny + 1][0] = nx;
pre[nx - 2][ny + 1][1] = ny;
}
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx][ny + 2] && ny + 2 <= n) {
q[++ tail][0] = nx;
q[tail][1] = ny + 2;
dis[nx][ny + 2] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx][ny + 2][0] = nx;
pre[nx][ny + 2][1] = ny;
}
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx + 2][ny + 1] && nx + 2 <= n && ny + 1 <= n) {
q[++ tail][0] = nx + 2;
q[tail][1] = ny + 1;
dis[nx + 2][ny + 1] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx + 2][ny + 1][0] = nx;
pre[nx + 2][ny + 1][1] = ny;
}
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx + 2][ny - 1] && nx + 2 <= n && ny - 1 >= 0) {
q[++ tail][0] = nx + 2;
q[tail][1] = ny - 1;
dis[nx + 2][ny - 1] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx + 2][ny - 1][0] = nx;
pre[nx + 2][ny - 1][1] = ny;
}
if (dis[nx][ny] + 1 < dis[nx][ny - 2] && ny - 2 >= 0) {
q[++ tail][0] = nx;
q[tail][1] = ny - 2;
dis[nx][ny - 2] = dis[nx][ny] + 1;
pre[nx][ny - 2][0] = nx;
pre[nx][ny - 2][1] = ny;
}
}
if (dis[c][d] == 0x3f3f3f3f) {
puts("Impossible");
}
else {
printf("%d\n", dis[c][d]);
dfs(c, d);
puts("");
}
return 0;
}

T5:

给出一个长度为n的序列a,并给出k,x,a[1]=1,a[n]=x,k为a[2...n-1]的取值范围,问序列中进行填数,使序列中相邻没有相同的数,求方案数%(1e9+7)的值。

Solution:

考场上推了一些,因为脑袋比较混,没有推出来,考后又推了一些,具体如下:

因为a[1]固定,所以a[2]有k-1种情况,a[2]固定,a[3]也有k-1种情况...a[n-2]有k-1种情况,而到了a[n-1]时,则需让a[n-1]既不等于a[n-2],也不等于x.

显然我们需要考虑a[n-1]是某数的可能性,那么我们可以由a[n-2]的可能性推来(因为a[n-2]不像a[n-1]是特殊情况),在a[1...n-2]中,我们发现是有一定规律的,而2...k中的数所有的数不管目前i(i=1...n-2)是谁,每个数出现的可能性都是一样的,只有1有的次数有不同,所以我们可以把f[i]拆开(f[i]为1...k中所有数出现的方案数),一个为1的方案数,一个为2...k的方案数。

那我们将f[i]的值分开,即[i]为1的方案数和f[i]为2...k的方案数(2...k算一种),分别设为p,q。

i=1时,p=1,q=0;

i=2时,p=0,q=1;

i=3时,p=k-1,q=k-2.

我们发现t个1会产生t个2...k,t个2...k会产生t*(k-1)个1,t*(k-2)个2...k.

举个例子:

k=4时,

所以我们可以从3枚举至n-2,求出最后的p,q.

之后我们便可以对a[n-1]进行分类讨论了:

1. x=1:

当a[n-2]=1,a[n-1]可以取2...k中的任意数,则ans += p*(k-1) (2...k中有k-1个数);

当a[n-2]=2...k中的任意一数时,会产生k-2的贡献,因为2...k有k-1个数,则ans += q * (k - 2) * (k - 1);

2. x!==1:

当a[n-2]=1,a[n-1]可以取2...k中的任意不等于x的数,所以一个数产生的贡献为k-2,所以总贡献为q*(k-1)*(k-2);

当a[n-2]=2...k中的任意一数时,我们再进行讨论:

1.a[n-2]=x,会产生k-1的贡献,由于只有一个数,所以总贡献为q*(k-1).

2.a[n-2]!=x,每个数会产生k-2的贡献,这种情况有k-2个数,所以总贡献为q*(k-2)*(k-2).

但是这种做法不知道为什么在x=1的情况下通过了所有的数据点,但在x!=1时WA了好几个点,只有70分,至今不明白.


第二天:我们发现k是int类型的,那么(k-2)*(k-2)就爆int了,所以把k的类型改为long long就行...

Code:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std; typedef long long ll; const int Mod = 1000000000 + 7; int n, k, x;
ll ans = 0; int main() {
freopen("construct.in", "r", stdin);
freopen("construct.out", "w", stdout);
scanf("%d%d%d", &n, &k, &x);
ll p = 0, q = 1;
//p is the number of one, q is the number of the pair of 2...k
for (int i = 3; i < n - 1; ++ i) {
ll temp = p;
p = q * (k - 1);
p %= Mod;
q *= (k - 2) % Mod;
q += temp;
q %= Mod;
}
if (x == 1) {
ans += p * (k - 1);
ans %= Mod;
ans += q * (k - 2) % Mod * (k - 1);
ans %= Mod;
}
else {
ans += q * ((k - 2) % Mod * (k - 2) + k - 1);
ans %= Mod;
ans += p * (k - 2);
ans %= Mod;
}
printf("%lld\n", ans % Mod);
return 0;
}

20190531模拟赛总结&反思的更多相关文章

  1. 『2019/4/9 TGDay2模拟赛 反思与总结』

    2019/4/9 TGDay2模拟赛 今天是\(TG\)模拟赛的第二天了,试题难度也是相应地增加了一些,老师也说过,这就是提高组的难度了.刚开始学难的内容,一道正解也没想出来,不过基本的思路也都是对了 ...

  2. 『2019/4/8 TGDay1模拟赛 反思与总结』

    2019/4/8 TGDay1模拟赛 这次是和高一的学长学姐们一起参加的\(TG\)模拟考,虽然说是\(Day1\),但是难度还是很大的,感觉比\(18\)年的\(Day1\)难多了. 还是看一下试题 ...

  3. 冲刺$\mathfrak{CSP-S}$集训模拟赛总结

    开坑.手懒并不想继续一场考试一篇文. 既没必要也没时间侧边栏的最新随笔题解反思相间也丑 而且最近越来越懒了竟然都不写题解了……开坑也是为了督促自己写题解. 并不想长篇大论.简要题解也得写啊QAQ. 目 ...

  4. NOIP模拟赛20161022

    NOIP模拟赛2016-10-22 题目名 东风谷早苗 西行寺幽幽子 琪露诺 上白泽慧音 源文件 robot.cpp/c/pas spring.cpp/c/pas iceroad.cpp/c/pas ...

  5. NOI模拟赛 Day1

    [考完试不想说话系列] 他们都会做呢QAQ 我毛线也不会呢QAQ 悲伤ING 考试问题: 1.感觉不是很清醒,有点困╯﹏╰ 2.为啥总不按照计划来!!! 3.脑洞在哪里 4.把模拟赛当作真正的比赛,紧 ...

  6. NOIP第7场模拟赛题解

    NOIP模拟赛第7场题解: 题解见:http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problemset.php?page=13 题号为2221-2224. 1.car 边界 ...

  7. contesthunter暑假NOIP模拟赛第一场题解

    contesthunter暑假NOIP模拟赛#1题解: 第一题:杯具大派送 水题.枚举A,B的公约数即可. #include <algorithm> #include <cmath& ...

  8. NOIP模拟赛 by hzwer

    2015年10月04日NOIP模拟赛 by hzwer    (这是小奇=> 小奇挖矿2(mining) [题目背景] 小奇飞船的钻头开启了无限耐久+精准采集模式!这次它要将原矿运到泛光之源的矿 ...

  9. 小奇模拟赛9.13 by hzwer

    2015年9月13日NOIP模拟赛 by hzwer    (这是小奇=> 小奇挖矿(explo) [题目背景] 小奇要开采一些矿物,它驾驶着一台带有钻头(初始能力值w)的飞船,按既定路线依次飞 ...

随机推荐

  1. 2020.5.25 第五篇 Scrum冲刺博客

    Team:银河超级无敌舰队 Project:招新通 项目冲刺集合贴:链接 目录 一.每日站立会议 1.1 会议照片 1.2 项目完成情况 二.项目燃尽图 三.签入记录 3.1 代码/文档签入记录 3. ...

  2. Arduboy基本用法(一)

    Arduboy基本用法(一) 一.第一个Arduboy程序 在arduino中新建项目 示例代码 #include<Arduboy.h> Arduboy arduboy; void set ...

  3. jdk 功能变化

    JDK的变化 JDK1.5 JDK1.6 jdk1.7 1. 添加自动装箱,拆箱   1. =后可以省略泛型, 见ArrayList 2. try后加一个(), 定义流对象,作用域在try里 jdk1 ...

  4. springboot之对之前的补充

    Spring Cloud 初级 一. Spring Boot 回顾   1 什么是 Spring Boot?   Spring Boot 是在 Spring 的基础之上产生的(确切的说是在 Sprin ...

  5. 分分钟玩转UI自动化测试

    有没有那么一刻,看到自动模拟用户操作界面感觉好神奇. 关于什么叫 UI 自动化测试就不解释了,基本上是你刚才脑海里想到什么就是什么. 在分层自动化测试中包括:UI 测试.集成/接口测试.单元测试.大神 ...

  6. e3mall商城的归纳总结8之solr集群、activemq的搭建和使用

    由于本节内容比较分散,因此专门为这两个技术进行开展了帖子. solr集群的搭建 solr集群solrJ的测试 activemq的搭建 activemq的使用 引入activemq.jar包 我们先来说 ...

  7. Spring Security如何优雅的增加OAuth2协议授权模式

    一.什么是OAuth2协议? OAuth 2.0 是一个关于授权的开放的网络协议,是目前最流行的授权机制. 数据的所有者告诉系统,同意授权第三方应用进入系统,获取这些数据.系统从而产生一个短期的进入令 ...

  8. Android开发禁止首次进入activity弹出软键盘,限制屏幕只能竖屏或者横屏展示

    作者:程序员小冰,CSDN博客:http://blog.csdn.net/qq_21376985 只需在在Manifest.xml中设定activity的属性为: android:windowSoft ...

  9. stf-多设备管理平台搭建

    项目地址: https://github.com/openstf/stf 安装.使用命令 # 安装stfbrew install rethinkdb graphicsmagick zeromq pro ...

  10. 01vue.config.js

      const path = require('path'); module.exports = { // 基本路径 publicPath: process.env.NODE_ENV === 'pro ...