I:

Given a string s, partition s such that every substring of the partition is a palindrome.

Return all possible palindrome partitioning of s.

For example, given s ="aab",
Return

  [
["aa","b"],
["a","a","b"]
] 先切割,而后判断是否为回文。若是,则将剩余部分继续进行深度遍历。
 class Solution {
public:
vector<vector<string>> partition(string s) {
if(s.length()<) return res;
dfs(s,);
return res;
} void dfs(string s,int n){
int len=s.length();
if(n==len){
res.push_back(v);
return ;
}
for(int i=;i<len-n+;i++){
string tmp=s.substr(n,i);
if(isPalindrome(tmp)){
v.push_back(tmp);
dfs(s,n+i);
v.pop_back();
}
}
} bool isPalindrome(string s){
int n=s.length();
int i=,j=n-;
while(i<j){
if(s[i]!=s[j])
return false;
i++;
j--;
}
return true;
}
vector<string> v;
vector<vector<string>> res;
};

II:

Given a string s, partition s such that every substring of the partition is a palindrome.

Return the minimum cuts needed for a palindrome partitioning of s.

For example, given s = "aab",
Return 1 since the palindrome partitioning ["aa","b"] could be produced using 1 cut.

从后往前构造二维数组isPalin,用于存储已经确定的回文子串。isPalin[i][j]==true代表s[i,...,j]是回文串。

在构造isPalin的同时使用动态规划计算从后往前的最小切分数,记录在min数组中。min[i]代表s[i,...,n-1]的最小切分数。

(上述两步分开做会使得代价翻倍,容易TLE)

关键步骤:

1、min[i]初始化为min[i+1]+1,即初始化s[i]与s[i+1]之间需要切一刀。这里考虑边界问题,因此min数组设为n+1长度。

2、从i到n-1中间如果存在位置j,同时满足:(1)s[i,...,j]为回文串;(2)1+min[j+1] < min[i]。

那么min[i]=1+min[j+1],也就是说一刀切在j的后面比切在i的后面要好。

 class Solution {
public:
int minCut(string s) {
int n=s.length();
if(n==) return ;
vector<vector<bool>> isPali(n,vector<bool>(n,false));
vector<int> min(n+,-);
for(int i=;i<n;i++){
isPali[i][i]=true;
}
for(int i=n-;i>=;i--){
min[i]=min[i+]+;
for(int j=i+;j<n;j++){
if(s[i]==s[j]){
if(j==i+||isPali[i+][j-]==true){
isPali[i][j]=true;
if(j==n-)
min[i]=;
else if(min[i]>min[j+]+)
min[i]=min[j+]+;
}
}
}
}
return min[];
}
};

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