Description

Blinker最近喜欢上一个奇怪的游戏。
这个游戏在一个 N*M 的棋盘上玩,每个格子有一个数。每次 Blinker 会选择两个相邻
的格子,并使这两个数都加上 1。
现在 Blinker 想知道最少多少次能使棋盘上的数都变成同一个数,如果永远不能变成同
一个数则输出-1。

Input

输入的第一行是一个整数T,表示输入数据有T轮游戏组成。
每轮游戏的第一行有两个整数N和M, 分别代表棋盘的行数和列数。
接下来有N行,每行 M个数。

Output

对于每个游戏输出最少能使游戏结束的次数,如果永远不能变成同一个数则输出-1。

Sample Input

2
2 2
1 2
2 3
3 3
1 2 3
2 3 4
4 3 2

Sample Output

2
-1

HINT

【数据范围】

对于30%的数据,保证  T<=10,1<=N,M<=8
对于100%的数据,保证  T<=10,1<=N,M<=40,所有数为正整数且小于1000000000

Solution

emmm这个题真的有毒啊……INF改成8e8才过……最慢的点跑2s……幸亏BZOJ算总时间
首先看到这个数据范围十有八九网络流没跑了……
先将格子黑白染色,考虑一通操作成功后每个格子的数都是v,若:
1、n*m是奇数。设黑白格子个数为num[0/1],和为sum[0/1],那么$num0*x-sum0=num1*x-sum1$,因为每次操作肯定会给一个黑点和一个白点加。
2、n*m是偶数。如果最终答案是v满足的话,那么显然最终答案是v+1肯定也是可以满足的。这个就可以二分了。
现在的问题转换为判断是否可行。
s-black,容量为v-a[i][j]
white-e,容量为v-a[i][j]
black-white, 容量为INF。
怎么理解呢?把INF边看成给两端的数各自加一,而INF边连着的两端的边又限制了INF边的使用次数。

Code

 #include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<queue>
#define N (2001)
#define INF (8000000000LL)
#define LL long long
using namespace std; struct Edge{LL to,next,flow;}edge[N<<];
LL T,n,m,s,e=,Depth[N],num[],sum[],maxn,cnt;
LL head[N],num_edge,a[N][N],col[N][N],id[N][N];
LL dx[]={,,-,,},dy[]={,,,,-};
queue<LL>q; void add(LL u,LL v,LL l)
{
edge[++num_edge].to=v;
edge[num_edge].next=head[u];
edge[num_edge].flow=l;
head[u]=num_edge;
} LL Dfs(LL x,LL low)
{
if (x==e || low==) return low;
LL f=,Min=;
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].flow && Depth[edge[i].to]==Depth[x]+ && (Min=Dfs(edge[i].to,min(low,edge[i].flow))))
{
edge[i].flow-=Min;
edge[((i-)^)+].flow+=Min;
f+=Min; low-=Min;
if (!low) break;
}
if (!f) Depth[x]=-;
return f;
} bool Bfs(LL s,LL e)
{
memset(Depth,,sizeof(Depth));
Depth[s]=; q.push(s);
while (!q.empty())
{
LL x=q.front(); q.pop();
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (!Depth[edge[i].to] && edge[i].flow)
{
Depth[edge[i].to]=Depth[x]+;
q.push(edge[i].to);
}
}
return (Depth[e]!=);
} bool Dinic(LL s,LL e)
{
while (Bfs(s,e)) Dfs(s,INF);
for (int i=head[s]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].flow!=) return false;
for (int i=head[e]; i; i=edge[i].next)
if (edge[((i-)^)+].flow!=) return false;
return true;
} bool check(LL v)
{
memset(head,,sizeof(head)); num_edge=;
memset(edge,,sizeof(edge));
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
{
if (col[i][j]) add(s,id[i][j],v-a[i][j]),add(id[i][j],s,);
else add(id[i][j],e,v-a[i][j]),add(e,id[i][j],);
if (!col[i][j]) continue;
for (int k=; k<=; ++k)
{
LL x=i+dx[k], y=j+dy[k];
if (x< || x>n || y< || y>m) continue;
add(id[i][j],id[x][y],INF),add(id[x][y],id[i][j],);
}
}
return Dinic(s,e);
} int main()
{
scanf("%lld",&T);
while (T--)
{
scanf("%lld%lld",&n,&m);
sum[]=sum[]=maxn=cnt=;
if (n*m%) num[]=n*m/+,num[]=n*m/;
else num[]=num[]=n*m/;
for (int i=; i<=n; ++i)
for (int j=; j<=m; ++j)
{
scanf("%lld",&a[i][j]);
id[i][j]=++cnt;
maxn=max(maxn,a[i][j]);
if (i%==j%) col[i][j]=;
sum[col[i][j]]+=a[i][j];
}
if (n*m%)
{
LL v=(sum[]-sum[])/(num[]-num[]);
if (check(v)) printf("%lld\n",(v*n*m-sum[]-sum[])/);
else printf("-1\n");
}
else
{
LL l=maxn, r=INF, ans=-;
while (l<=r)
{
LL mid=(l+r)/;
if (check(mid)) r=mid-,ans=mid;
else l=mid+;
}
if (ans==-) printf("-1\n");
else printf("%lld\n",(ans*n*m-sum[]-sum[])/);
}
}
}

BZOJ2756:[SCOI2012]奇怪的游戏(最大流,二分)的更多相关文章

  1. BZOJ 2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 [最大流 二分]

    2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 3352  Solved: 919[Submit][Stat ...

  2. BZOJ2756 [SCOI2012]奇怪的游戏 【网络流 + 二分】

    题目 Blinker最近喜欢上一个奇怪的游戏. 这个游戏在一个 N*M 的棋盘上玩,每个格子有一个数.每次 Blinker 会选择两个相邻 的格子,并使这两个数都加上 1. 现在 Blinker 想知 ...

  3. BZOJ2756 [SCOI2012]奇怪的游戏 最大流

    好久没有写博客了.不过这个博客也没有多少人看 最近在写网络流,为了加深理解,来写一两篇题解. 对整个棋盘进行黑白染色以后可以发现,一次操作就是让二分图的两个点的值分别 \(+1\). 这样,我们就可以 ...

  4. 【BZOJ-2756】奇怪的游戏 最大流 + 分类讨论 + 二分

    2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 2925  Solved: 792[Submit][Stat ...

  5. Bzoj2756 [SCOI2012]奇怪的游戏

    2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 3220  Solved: 886 Description ...

  6. bzoj2756: [SCOI2012]奇怪的游戏(网络流+分情况)

    2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 题目:传送门 题解: 发现做不出来的大难题一点一个网络流 %大佬 首先黑白染色(原来是套路...)染色之后就可以保证每次操作都一定会使黑白各一个各自的值加1 ...

  7. BZOJ 2756 SCOI2012 奇怪的游戏 最大流

    题目链接:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2756 Description Blinker最近喜欢上一个奇怪的游戏. 这个游戏在一个 N ...

  8. BZOJ2756 SCOI2012奇怪的游戏(二分答案+最大流)

    由数据范围容易想到网络流.由于操作只是对于棋盘上相邻两格,容易想到给其黑白染色. 假设已经知道最后要变成什么数.那么给黑白点之间连边,其流量则表示同时增加的次数,再用源汇给其限流为需要增加的数即可. ...

  9. BZOJ 2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 网络流/二分

    2756: [SCOI2012]奇怪的游戏 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1594  Solved: 396[Submit][Stat ...

随机推荐

  1. webpack+react

    一直提醒我这个.闹心最后发现是在不同的js 里引入组件的时候 import React from 'react'; 和 import React from 'React'; 就是大小写的问题. 解决办 ...

  2. 标准webservice调用

    现代定义的webservice一般都倾向于restfull风格的http请求,但工作中还是会遇到前辈们写的时代代码. 我们更倾向于封装代码来调用,而不是服务引用.请看: Service.asmx服务的 ...

  3. Silverlight & Blend动画设计系列八:拖放(Drag-Drop)操作与拖放行为(DragBehavior)

    在Silverlight中自身并没有提供拖放功能的相关实现,要实现拖放功能得借助其事件支持(MouseLeftButtonDown.MouseLeftButtonUp和MouseMove)来完成,实际 ...

  4. vue本地设置请求接口及数据

    1.安装axios yarn add axios 2.在入口文件main.js中设置 import { getRequest, postRequest} from './libs/api';//导入 ...

  5. WebAPI搭建(一)如何在Webforms 下 搭建WebAPI

    公司的很多项目前期一直是用的WebForms.但是因为业务的发展,公司要在原有的项目上接入移动端,webservice有点老旧了,现在比较流行RESTFul,于是乎就想到了WebAPI. 一.如果是新 ...

  6. ssm架构添加maven、shiro、lucene、ueditor、druid支持

    1.pom.xml文件配置: <project xmlns="http://maven.apache.org/POM/4.0.0" xmlns:xsi="http: ...

  7. java中list、set、map区别(转)

    Collection├List│├LinkedList│├ArrayList│└Vector│ └Stack└SetMap├Hashtable├HashMap└WeakHashMap Collecti ...

  8. 设置固定ip后无法上公网

    把电脑ip设置成固定ip后,发现其不能上公网,突然想到要设置DNS. 运行cmd程序,输入命令ipconfig /all查看此网络的DNS,设置固定ip 时添加此DNS地址即可.

  9. mongodb-mms安装

    mms是mongo集群监控软件. mms非常吃内存,虚拟机测试时,3G内存启动成功一次,之后重启时失败,建议不少于4G内存. MMS下载地址: https://downloads.mongodb.co ...

  10. No.2一步步学习vuejs 实例demo篇

    简单应用Vue.js 的核心是一个允许采用简洁的模板语法来声明式的将数据渲染进 DOM 的系统: <div id="app"> {{ message }} </d ...