Codeforces 17E Palisection - Manacher
好像很简单的样子。
考虑能不能直接求,感觉有点麻烦。因为要考虑右端点在当前回文子串内还有区间包含问题。
那么考虑补集转化。问题转化成,考虑当前的回文串,之前有多少个回文串与它不相交。
跑一遍Manacher。然后先差分再二阶前缀和求出以第$i$个位置为右端点的回文子串的个数。然后再求一次前缀和就可以了。
然后再扫一遍就做完了。
Code
/**
* Codeforces
* Problem#17E
* Accepted
* Time: 186ms
* Memory: 37200k
*/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef bool boolean; const int N = 2e6 + , M = , inv2 = (M + ) >> ; int add(int a, int b) {
return ((a += b) >= M) ? (a - M) : (a);
} int sub(int a, int b){
return ((a -= b) < ) ? (a + M) : (a);
} int n, m;
char s[N], str[N << ];
int mxr[N << ];
int f[N]; inline void init() {
scanf("%d", &n);
scanf("%s", s + );
} void Manacher() {
int R = , cen = ;
str[] = '+';
for (int i = ; i <= n; i++) {
str[++m] = s[i];
if (i != n)
str[++m] = '#';
}
str[++m] = '-'; for (int i = ; i < m; i++) {
if (i < R)
mxr[i] = min(R - i, mxr[(cen << ) - i]);
while (str[i - mxr[i]] == str[i + mxr[i]])
mxr[i]++;
if (i + mxr[i] > R)
R = i + mxr[i], cen = i;
}
} inline void solve() {
Manacher();
for (int i = ; i < m; i++)
f[(i >> ) + ]++, f[((i + mxr[i]) >> ) + ]--;
for (int i = ; i <= n; i++)
f[i] = add(f[i], f[i - ]);
for (int i = ; i <= n; i++)
f[i] = add(f[i], f[i - ]);
int res = sub((f[n] * 1ll * f[n]) % M, f[n]) * 1ll * inv2 % M;
for (int i = ; i <= n; i++)
f[i] = add(f[i], f[i - ]);
f[] = , f[n + ] = ; for (int i = ; i <= n; i++) {
res = sub(res, sub(f[i - ], f[max(i - ((mxr[(i - ) << | ] + ) >> ) - , )]));
if (i < n)
res = sub(res, sub(f[i - ], f[max(i - (mxr[i << ] >> ) - , )]));
}
printf("%d\n", res);
} int main() {
init();
solve();
return ;
}
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