\(\mathcal{Description}\)

  Link.

  数轴从 \(1\sim 2n\) 的整点上有 \(n\) 个闭区间。你只知道每个区间的部分信息(可能不知道左或右端点,或者都不知道),问是否存在满足已知信息的 \(n\) 个区间,满足:

  • 每个整点是恰好一个区间的端点。
  • 所有包含同一个整点的区间长度相等。

  输入信息可能不合法

  \(n\le100\)。

\(\mathcal{Solution}\)

  老细节题了。(

  考虑数轴上连续的一段区间 \([l,r]\),记 \(L=r-l+1\),若该区间内能够满足条件,则显然有:

  • \(2|L\)。
  • \([i,i+\frac{L}2]\) 可以存在于区间集合中。

  记 \(f(i)\) 表示 \(1\sim i\) 能否合法,\(\mathcal O(n^3)\) 暴力转移即可。

  但这个不是难点,if-else 才是难点 qwq。

  • 输入可能多点重合,判否。
  • 若有区间 \([l,?]\) 和 \([?,r]\),注意不能让 \(l\) 和 \(r\) 组成 \([l,r]\)。

  对于第二点,一组 CF 上的 hack 数据为:

2
1 -1
-1 3 answer: No

  多堆几个 if-else 就 A 啦!(

\(\mathcal{Code}\)

/* Clearink */

#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <assert.h> const int MAXN = 200;
int n, match[MAXN + 5];
bool f[MAXN + 5], vis[MAXN + 5]; inline bool check ( const int l, const int r ) {
int stp = r - l + 1 >> 1; // i -> i + stp.
for ( int i = l, j; ( j = i + stp ) <= r; ++ i ) {
bool acci = 1 <= match[i] && match[i] <= n << 1;
bool accj = 1 <= match[j] && match[j] <= n << 1;
if ( match[i] == -1 || ( acci && match[i] ^ j )
|| match[j] == ( n << 1 | 1 ) || ( accj && match[j] ^ i )
|| ( !acci && !accj && match[i] && match[j] ) ) {
return false;
}
}
return true;
} int main () {
scanf ( "%d", &n );
for ( int i = 1, a, b; i <= n; ++ i ) {
scanf ( "%d %d", &a, &b );
if ( ~a && ~b && a >= b ) return puts ( "No" ), 0;
if ( ~a && ~b ) match[a] = b, match[b] = a;
else if ( ~a ) match[a] = n << 1 | 1;
else if ( ~b ) match[b] = -1;
if ( ~a ) {
if ( vis[a] ) return puts ( "No" ), 0;
vis[a] = true;
}
if ( ~b ) {
if ( vis[b] ) return puts ( "No" ), 0;
vis[b] = true;
}
}
f[0] = true;
for ( int i = 2; i <= n << 1; i += 2 ) {
for ( int j = 0; j < i && !f[i]; j += 2 ) {
f[i] = f[j] && check ( j + 1, i );
}
}
puts ( f[n << 1] ? "Yes" : "No" );
return 0;
}

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