AGC008E：Next or Nextnext

传送门

考虑转化成图论问题，\(i\) 向 \(p_i\) 连边，那么合法方案一定是形成了若干个简单环或自环

考虑一个环内的情况：

1. 如果 \(a_i=p_i\)，那么 \(i\) 向 \(a_i\) 连边的图和原图相比不变
2. 如果 \(a_i=p_{p_i}\)，
   
   a. 环长为奇数且 \(>1\)，那么 \(i\) 向 \(a_i\) 连边的图仍然是一个环(不同)
   
   b. 环长为偶数，那么 \(i\) 向 \(a_i\) 连边的图变成两个长度一样的环
   
   c. 环长为 \(1\)，那么 \(i\) 向 \(a_i\) 连边的图仍然是一个自环
3. 那么 \(i\) 向 \(a_i\) 连边的图成为一个基环内向森林

令 \(i\) 和 \(p_i\) 连边的图为原图，和 \(a_i\) 的为新图

现在已知 \(i\) 和 \(a_i\) 的边，求原图的方案数

考虑一个环上的一条链，它还原成原图的环的方法只能是沿着环的逆时针方向插空还原

因为新图的两个相邻点之间只能插入一个点

那么有显而易见的几种无解的情况：

1. 对于一个不属于环上的点，如果有两个及以上的点同时指向它，那么肯定不能还原成原图的环
2. 对于一个属于环上的点，如果有两个及以上的点同时指向它，那么肯定也不能还原成原图的环
3. 如果环上一条链 \(a\) 和环的沿逆时针方向的另一条链的距离小于 \(a\) 的长度，那么无解

考虑计算答案：

1. 对于新图的单个的环，把长度相同的一起 \(dp\)，每次可以合并两个，或者奇数长度的同构等
2. 对于基环内向树，如果环上一条链 \(a\) 和环的沿逆时针方向的另一条链的距离等于 \(a\) 的长度，那么只有一种方案，否则如果大于，就有两种，因为此时 \(a\) 的靠近环的点可以选择连上逆时针方向的一个点

把这些东西互不影响，乘法原理即可

# include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;

const int maxn(1e5 + 5);
const int mod(1e9 + 7);

inline void Inc(int &x, int y) {
    x = x + y >= mod ? x + y - mod : x + y;
}

inline void Dec(int &x, int y) {
    x = x - y < 0 ? x - y + mod : x - y;
}

inline int Add(int x, int y) {
    return x + y >= mod ? x + y - mod : x + y;
}

inline int Sub(int x, int y) {
    return x - y < 0 ? x - y + mod : x - y;
}

int n, cir[maxn], cnt, fa[maxn], vis[maxn], len, d[maxn], in[maxn];
int ans, f[maxn], a[maxn], chain[maxn], que[maxn << 1];

inline void GetCircle() {
	int i;
	for (i = 1; i <= len; ++i) if (d[que[i]] ^ 1) return;
	cir[++cnt] = len;
	for (i = 1; i <= len; ++i) vis[que[i]] = 2;
}

void Dfs1(int u) {
	int cur;
	vis[u] = 1, in[u] = 1;
	if (!vis[a[u]]) fa[a[u]] = u, Dfs1(a[u]);
	else if (in[a[u]]) {
		len = 0;
		for (cur = u; ; cur = fa[cur]) {
			que[++len] = cur, vis[cur] = 3;
			if (cur == a[u]) break;
		}
		GetCircle();
	}
	in[u] = 0;
}

void Dfs2(int u) {
	chain[a[u]] = chain[u] + 1;
	if (vis[a[u]] > 1) return;
	Dfs2(a[u]);
}

int Solve(int x) {
	int cur, i, j, ret = 1;
	que[len = 1] = x;
	for (cur = a[x]; cur ^ x; cur = a[cur]) que[++len] = cur;
	reverse(que + 1, que + len + 1), cur = len + len;
	for (i = 1; i <= len; ++i) vis[que[i]] = 4, que[len + i] = que[i];
	for (i = 1; i <= len; ++i)
		if (chain[que[i]]) {
			for (j = i + 1; j <= cur && !chain[que[j]]; ++j);
			if (chain[que[i]] > j - i) puts("0"), exit(0);
			if (chain[que[i]] < j - i) Inc(ret, ret);
			i = j - 1;
		}
	return ret;
}

int main() {
	int i, j, k, ret = 1;
	scanf("%d", &n);
	for (i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", &a[i]), ++d[a[i]];
	for (i = 1; i <= n; ++i) if (!d[i]) Dfs1(i);
	for (i = 1; i <= n; ++i) if (!vis[i]) Dfs1(i);
	for (i = 1; i <= n; ++i)
		if ((vis[i] > 1 && d[i] > 2) || (vis[i] == 1 && d[i] > 1)) return puts("0"), 0;
	sort(cir + 1, cir + cnt + 1);
	for (i = 1; i <= n; i = j) {
		for (j = i; j <= n && cir[j] == cir[i]; ++j);
		f[i - 1] = 1;
		for (k = i; k < j; ++k) {
			f[k] = f[k - 1];
			if (cir[i] > 1 && (cir[i] & 1)) Inc(f[k], f[k - 1]);
			if (k > i) Inc(f[k], (ll)f[k - 2] * (k - i) % mod * cir[i] % mod);
		}
		ret = (ll)ret * f[j - 1] % mod;
	}
	for (i = 1; i <= n; ++i) if (vis[i] == 1) vis[i] = 0;
	for (i = 1; i <= n; ++i) if (!d[i]) Dfs2(i);
	for (i = 1; i <= n; ++i) if (vis[i] == 3) ret = (ll)ret * Solve(i) % mod;
	printf("%d\n", ret);
	return 0;
}