题目限制
时间限制 内存限制 评测方式 题目来源
1000ms 131072KiB 标准比较器 Local
题目描述
一个公司有三个移动服务员。如果某个地方有一个请求,某个员工必须赶到那个地方去(那个地方没有其他员工),某一时刻只有一个员工能移动。被请求后,他才能移动,不允许在同样的位置出现两个员工。从p到q移动一个员工,需要花费c(p,q)。这个函数没有必要对称,但是c(p,p)=0。公司必须满足所有的请求。目标是最小化公司花费。 输入格式
第一行有两个整数L,N(3<=L<=200, 1<=N<=1000)。L是位置数;N是请求数。每个位置从1到L编号。下L行每行包含L个非负整数。第i+1行的第j个数表示c(i,j) ,并且它小于2000。最后一行包含N个数,是请求列表。一开始三个服务员分别在位置1,2,3。 输出格式
一个数M,表示最小服务花费。 样例数据
输入样例 #1 输出样例 #1
5 9
0 1 1 1 1
1 0 2 3 2
1 1 0 4 1
2 1 5 0 1
4 2 3 4 0
4 2 4 1 5 4 3 2 1
5

最朴素的设计是 f[i][x][y][z] 处理第i个请求时,三个人分别在x,y,z处,然后比较x,y,z到新请求地点的费用即可。

然后发现空间不够。。那就考虑优化它。

第一个是滚动数组,i行只依赖i-1行,这个很好想。

第二个是砍掉一维,因为在处理第i个请求时,上一个请求(i-1个)一定已经处理好了,所以三个人一定有一个站在ask[i-1]处,三维里有一维是冗余信息,所以

f[i][x][y] 表示处理第i个请求的时候,两个人站在x,y处(另一个在ask[i-1]处) 时的最小花费

边界的处理,令ask[0]=3,f[0][1][2] 就是三个人站在1,2,3处的初态。

//Stay foolish,stay hungry,stay young,stay simple
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstring>
using namespace std; const int INF=1<<30; inline int read_d(){
int ret=0;char c;
while(c=getchar(),!isdigit(c));
while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-'0',c=getchar();
return ret;
} int n,m;
int ask[1002];
int cost[202][202];
int f[2][202][202]; int main(){
memset(f,0x3f,sizeof(f));
n=read_d();m=read_d();
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
cost[i][j]=read_d();
for(int i=1;i<=m;i++)
ask[i]=read_d();
ask[0]=3;f[0][1][2]=0;
int l=0,p=1;
for(int i=1;i<=m;i++){
memset(f[p],0x3f,sizeof(f[p]));
l^=1;p^=1;
int u=ask[i-1],v=ask[i];
for(int j=1;j<=n+1;j++){
for(int k=1;k<=n;k++){
f[l][j][k]=
min(f[l][j][k],f[p][j][k]+cost[ask[i-1]][v]);
f[l][u][k]=
min(f[l][u][k],f[p][j][k]+cost[j][v]);
f[l][j][u]=
min(f[l][j][u],f[p][j][k]+cost[k][v]);
}
} }
int ans=INF;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
ans=min(ans,f[m&1][i][j]);
cout<<ans<<endl;
return 0;
}

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