4764: 弹飞大爷

Time Limit: 30 Sec  Memory Limit: 256 MB
Submit: 4  Solved: 4
[Submit][Status][Discuss]

Description

自从WC退役以来,大爷是越来越懒惰了。为了帮助他活动筋骨,也是受到了弹飞绵羊一题的启发,机房的小伙伴们
决定齐心合力构造一个下面这样的序列。这个序列共有N项,每项都代表了一个小伙伴的力量值,如果大爷落到了
第i个小伙伴的手里,那么第i个小伙伴会把大爷弹到第i+ai个小伙伴手里,其中ai就是第i个小伙伴的力量值,也
就是序列的第i项。然而,因为大爷太沉了,所以有些小伙伴不能撑到锻(you)炼(xi)结束,所以我们中途会替
换一些小伙伴,也就是改变序列的某些项。而且,因为大爷太沉了,所以有些小伙伴不能把大爷扔向前方,而是会
把大爷往反方向扔,也就是序列中的一些项会是负的(当然,也可能是零喽)。现在机智的大爷通过在空中的观察
,已经知道小伙伴们的所有活动——即初始序列、所有更改操作,他想请你算一算,如果他在某时刻落到了某个位
置,那么他会在几次弹起之后落到小伙伴序列之外(毕竟摔在地上还是蛮疼的)。

Input

第一行为两个整数N和M,代表序列长度和操作次数。
第二行为N个整数,代表初始的小伙伴序列。
接下来有M行,每行代表一个操作。
如果这一行的第一个数是1,代表该操作是一个询问操作,接下来一个数X,代表询问此时大爷从X处,经过几次弹
起会摔在地上。如果永远不会摔在地上,请输出-1。
如果这一行的第一个数是2,代表该操作是一个更改操作,接下来两个数X,Y,代表将序列的第X项改为Y。
N,M <= 200000  |Ai| < N
 

Output

对于每次询问操作,输出弹起次数或-1。
 

Sample Input

3 19
1 1 1
1 1
1 2
1 3
2 1 2
1 1
1 2
1 3
2 3 -1
1 1
1 2
1 3
2 2 233
1 1
1 2
1 3
2 2 -233
1 1
1 2
1 3

Sample Output

3
2
1
2
2
1
-1
-1
-1
3
1
2
3
1
2

HINT

 

Source

[Submit][Status][Discuss]

今天偶然看到了某童鞋的弹飞绵羊的分块做法,十分不爽,想法卡他,然后就有了这道题,反正我觉得原来的分块方法是绝望了。但是万万木有想到,这道题依然有非LCT做法,比如大爷的Split Treap做法等等。

作为此题的出题人之一,其实我只负责题面部分和代码,解法都是ZZ和LH想的,和我没有半毛钱关系。

考虑怎么继续沿用弹飞绵羊的LCT做法,发现可能产生环,很烦。但是可以通过把环上的一条断掉,使得其在LCT中仍然是一棵树,我们把这条被“隐藏”起来的边标记在该树的Root上。那么每次加入边的时候,现考虑一下是否会形成环,如果会,就按照上面的方法处理。然后还有断边操作,只需要考虑一下断掉这条边后,是否会使得Root上的隐藏边重新显现即可。

不爽的是,刚刚放到大视野上一个下午,std就被LincHpin和Claris踩了。开心的是,至少我数据应该没造错。

 #include <bits/stdc++.h>

 const int mxn = ;

 int tag[mxn];
int rev[mxn];
int siz[mxn];
int fat[mxn];
int son[mxn][]; inline bool isRoot(int t)
{
int f = fat[t]; if (!f)
return true; if (son[f][] == t)
return false;
if (son[f][] == t)
return false; return true;
} inline void update(int t)
{
siz[t] = ; if (son[t][])
siz[t] += siz[son[t][]];
if (son[t][])
siz[t] += siz[son[t][]];
} inline void connect(int f, int t, int s)
{
if (t)
fat[t] = f;
if (f)
son[f][s] = t;
} inline void rotate(int t)
{
int f = fat[t];
int g = fat[f];
int s = son[f][] == t; connect(f, son[t][!s], s);
connect(t, f, !s); fat[t] = g;
if (g && son[g][] == f)
son[g][] = t;
if (g && son[g][] == f)
son[g][] = t; update(f);
update(t);
} inline void push(int t)
{
if (rev[t])
{
rev[t] = ; if (son[t][])
rev[son[t][]] ^= ;
if (son[t][])
rev[son[t][]] ^= ; std::swap(son[t][], son[t][]);
}
} inline void pushdown(int t)
{
static int stk[mxn], tot; stk[++tot] = t; while (!isRoot(t))
stk[++tot] = t = fat[t]; while (tot)push(stk[tot--]);
} inline void splay(int t)
{
pushdown(t); while (!isRoot(t))
{
int f = fat[t];
int g = fat[f]; if (isRoot(f))
rotate(t);
else
{
int a = f && son[f][] == t;
int b = g && son[g][] == f; if (a == b)
rotate(f), rotate(t);
else
rotate(t), rotate(t);
}
}
} inline void access(int t)
{
int q = t; for (int p = ; t; p = t, t = fat[t])
splay(t), son[t][] = p, update(t); splay(q);
} inline void makeRoot(int t)
{
access(t), rev[t] ^= ;
} inline void link(int t, int f)
{
makeRoot(t), fat[t] = f;
} inline void cut(int t)
{
access(t);
fat[son[t][]] = ;
son[t][] = ;
update(t);
} inline int find(int t)
{
access(t); int p = t; while (son[p][])
p = son[p][]; return p;
} inline void Link(int t, int f)
{
if (t == f)
{
tag[t] = f;
return;
} if (find(t) != find(f))
link(t, f);
else
makeRoot(t), tag[t] = f;
} inline void change(int t, int f)
{
access(t); int p = find(t); if (!tag[p])
cut(t), Link(t, f);
else
{
if (t == p)
{
tag[p] = ;
Link(t, f);
}
else
{
int k = tag[p]; cut(t), Link(t, f); if (find(k) != find(p))
link(p, k), tag[p] = ;
}
}
} int n, m, s[mxn]; signed main(void)
{
scanf("%d%d", &n, &m); for (int i = ; i <= n; ++i)
scanf("%d", s + i); for (int i = ; i <= n; ++i)
{
int t = i + s[i]; if (t < )
Link(i, n + );
else if (t > n)
Link(i, n + );
else
Link(i, t);
} for (int i = ; i <= m; ++i)
{
int opt; scanf("%d", &opt); if (opt == )
{
int t; scanf("%d", &t); int p = find(t); if (tag[p])
puts("-1");
else
{
makeRoot(n + ), access(t);
printf("%d\n", siz[son[t][]]);
}
}
else
{
int a, b; scanf("%d%d", &a, &b); s[a] = b; int t = a + b; if (t < )
change(a, n + );
else if (t > n)
change(a, n + );
else
change(a, t);
}
}
}

@Author: YouSiki

BZOJ 4764: 弹飞大爷的更多相关文章

  1. BZOJ 4764: 弹飞大爷 LCT

    思路并不难,主要是细节需要注意一下. 在 lct 中,删边要写成:f[lson]=0,lson=0 (因为删 x->y 时 y 不一定是左儿子,y 只是 x 的前驱) 然后 f[lson]=ls ...

  2. 【BZOJ】4764: 弹飞大爷 LCT

    [题意]给定n个数字ai,表示大爷落到i处会被弹飞到i+ai处,弹飞到>n或<1处则落地.m次操作,修改一个ai,或询问大爷落到x处经过几次落地(或-1).n,m<=10^5,|ai ...

  3. 【LCT维护基环内向树森林】BZOJ4764 弹飞大爷

    4764: 弹飞大爷 Time Limit: 30 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 101  Solved: 52[Submit][Status][Discuss] ...

  4. 【BZOJ4764】弹飞大爷 LCT

    [BZOJ4764]弹飞大爷 Description 自从WC退役以来,大爷是越来越懒惰了.为了帮助他活动筋骨,也是受到了弹飞绵羊一题的启发,机房的小伙伴们决定齐心合力构造一个下面这样的序列.这个序列 ...

  5. 【bzoj 4764】弹飞大爷

    Description 自从WC退役以来,大爷是越来越懒惰了.为了帮助他活动筋骨,也是受到了弹飞绵羊一题的启发,机房的小伙伴们决定齐心合力构造一个下面这样的序列.这个序列共有N项,每项都代表了一个小伙 ...

  6. BZOJ4764弹飞大爷——LCT

    题目描述 自从WC退役以来,大爷是越来越懒惰了.为了帮助他活动筋骨,也是受到了弹飞绵羊一题的启发,机房的小伙伴们 决定齐心合力构造一个下面这样的序列.这个序列共有N项,每项都代表了一个小伙伴的力量值, ...

  7. bzoj4764: 弹飞大爷

    Description 自从WC退役以来,大爷是越来越懒惰了.为了帮助他活动筋骨,也是受到了弹飞绵羊一题的启发,机房的小伙伴们 决定齐心合力构造一个下面这样的序列.这个序列共有N项,每项都代表了一个小 ...

  8. [bzoj] 2002 弹飞绵羊 || LCT

    原题 简单的LCT练习题. 我们发现对于一个位置x,他只能跳到位置x+k,也就是唯一的父亲去.加入我们将弹飞的绵羊定义为跳到了n+1,那么这就形成了一棵树.而因为要修改k,所以这颗树是动态连边的,那么 ...

  9. bzoj 2002: 弹飞绵羊 Link-Cut-Tree

    题目: Description 某天,Lostmonkey发明了一种超级弹力装置,为了在他的绵羊朋友面前显摆,他邀请小绵羊一起玩个游戏.游戏一开始,Lostmonkey在地上沿着一条直线摆上n个装置, ...

随机推荐

  1. [Noi2017]整数 BZOJ4942

    分析: 30+暴力应该还是蛮水的,可以随便写写... 60+的就没那么容易了,但是应该挺裸的,往上架一颗线段树,查询连续1或0的长度,或者找到前缀中,第一个1或0,之后区间覆盖,单点查询,开bool, ...

  2. 大数据入门第二十三天——SparkSQL(一)入门与使用

    一.概述 1.什么是sparkSQL 根据官网的解释: Spark SQL is a Spark module for structured data processing. 也就是说,sparkSQ ...

  3. 网络对抗技术 2017-2018-2 20152515 Exp1 PC平台逆向破解 笔记

    Exp1 PC平台逆向破解 1.堆栈不可保护: ROP 2.alsr 随机化: 填充NOPS "\90" 3.不加堆栈保护 shellcode: 1.不依赖外部函数 2.不含\00 ...

  4. 汇编 OD 调式

    OD调试  命令栏指令 一.OD调试 重新开始:Ctrl+F2 转到地址:CTRL+G 断点切换: F2 断点窗口: Alt+B 运行 : F9 暂停 : F12 单步步过: F8 //遇到CAL ...

  5. [CF983D]Arkady and Rectangles[线段树+可删堆/set]

    题意 你有一个无限大的绘图板,开始颜色是\(0\) , 你将进行\(n\) 次绘图,第\(i\) 次绘图会将左下角为 \((x_1, y_1)\),右上角为\((x_2, y_2)\) 的矩形涂成颜色 ...

  6. SSIS 连接数据

    通常情况下,ETL方案需要同时访问两个或多个数据源,并把结果合并为单个数据流,输出到目标表中.为了向目标表中提供统一的数据结构,需要把多个数据源连接在一起.数据连接的另外一种用法,就是根据现有的数据, ...

  7. JavaScript快速入门-ECMAScript对象介绍

    一.概念介绍 在 ECMAScript 中,所有对象并非同等创建的.一般来说,可以创建并使用的对象有三种:本地对象.内置对象和宿主对象. 要理解这三种对象,先要理解宿主环境. 1.宿主环境 一般宿主环 ...

  8. STM8S——8位基本定时器(TIM4)

    简介:该定时器由一个带可编程预分频器的8位自动重载的向上计数器所组成,它可以用来作为时基发生器,具有溢出中断功能. 主要功能: (1)8位向上计数的自动重载计数器: (2)3位可编程的预分配器(可在运 ...

  9. 虚拟机console基础环境部署——安全加固

    1. 概述 安全是一个重要的课题.广义上可以总结为: 主机安全 网络安全 信息安全 数据安全 虽然console已经是最小化安装,但是这并不能说明console就已经安全了.之前的博客对console ...

  10. 前端菜鸟起飞之学会ps切图

    由于之前只顾着追求效率,没有学习过PS,但其实这是前端开发人员需要学会的技能之一,曾经看过一个大佬的前端经验分享说他在招聘时遇到不会切图的会直接pass掉,可见前端开发人员学会切图是多么重要.通过观看 ...