Description:

H 国有 n 个城市,这 n 个城市用 n-1 条双向道路相互连通构成一棵树,1 号城市是首都,也是树中的根节点。

H 国的首都爆发了一种危害性极高的传染病。当局为了控制疫情,不让疫情扩散到边境城市(叶子节点所表示的城市),决定动用军队在一些城市建立检查点,使得从首都到边境城市的每一条路径上都至少有一个检查点,边境城市也可以建立检查点。但特别要注意的是,首都是不能建立检查点的。

现在,在 H 国的一些城市中已经驻扎有军队,且一个城市可以驻扎多个军队。一支军队可以在有道路连接的城市间移动,并在除首都以外的任意一个城市建立检查点,且只能在一个城市建立检查点。一支军队经过一条道路从一个城市移动到另一个城市所需要的时间等于道路的长度(单位:小时)。

请问最少需要多少个小时才能控制疫情。注意:不同的军队可以同时移动。

Input:

第一行一个整数 n,表示城市个数。

接下来的 n-1 行,每行 3 个整数,u、v、w,每两个整数之间用一个空格隔开,表示从城市 u 到城市 v 有一条长为 w 的道路。数据保证输入的是一棵树,且根节点编号为 1。

接下来一行一个整数 m,表示军队个数。

接下来一行 m 个整数,每两个整数之间用一个空格隔开,分别表示这 m 个军队所驻扎的城市的编号。

Output:

共一行,包含一个整数,表示控制疫情所需要的最少时间。如果无法控制疫情则输出-1。

思路:首先二分答案,然后对于每支军队,到根节点的子节点的距离小于mid的全都到根节点的子节点集中,其他军队都尽量往上走,能走到哪就是哪。然后将根节点的子节点上的军队剩余时间排序,剩余时间最小且无法做到去一趟根节点再回来的军队驻守在原来的子节点上,其他军队都到根节点上,然后排序,并将所有没有军队的子节点排序,贪心扫描一遍即可

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define ll long long
using namespace std;
const int N = ;
typedef pair<int,int> P; int head[N], now;
struct edges{
int to, next, w;
}edge[N<<];
void add(int u,int v,int w){ edge[++now] = {v, head[u], w}; head[u] = now;}
//dep存储深度,pre存储每个点父节点,e_pre存储每个点的上一条边 dict存储每个点所对应的根节点的子节点
//pos存储军队初始位置 f存储每个根节点的子节点上的病毒能否到达叶子
int n, m, pre[N], pos[N], dict[N], e_pre[N];
ll l, r, tot, dep[N];
bool stop[N], f[N]; //stop指那些无法到达根节点的子节点的军队停留的位置
vector<int> id[N]; //id存储每个根节点的子节点下的军队
vector<P> vec[N]; //该表存储的是每个根节点的子节点上驻扎的军队以及剩余时间
vector<int> A, B; //该表存储的是军队的剩余时间和每个军队到根节点后再到各个子节点的距离 int dfs1(int x,int root){ //一趟dfs获取深度,父节点等信息
if(id[x].size()){
for(int i = ; i < id[x].size(); i++)
dict[id[x][i]] = root;
}
for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){
int v = edge[i].to;
if(v == pre[x]) continue;
pre[v] = x;
e_pre[v] = i;
dep[v] = dep[x] + edge[i].w;
dfs1(v, root);
}
} bool dfs2(int x){
bool flag = ;
if(stop[x]) return ;
for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){
int v = edge[i].to;
if(v == pre[x]) continue;
flag = ;
if(!dfs2(v)) return ;
}
if(!flag) return ;
return ;
} void init(){
A.clear();
B.clear();
for(int i = ; i <= n; i++)
vec[i].clear();
memset(stop,,sizeof(stop));
memset(f,,sizeof(f));
}
void work(int x,int lim){
while(edge[e_pre[x]].w <= lim){
lim -= edge[e_pre[x]].w;
x = pre[x];
}
stop[x] = ;
}
bool cmp(P x, P y){ return x.second < y.second; }
bool che(int lim){
init();
for(int i = ; i <= m; i++){
int p = pos[i];
if(dep[p] - dep[dict[i]] > lim){
work(p, lim); continue; //暴力向上走 把军队驻扎到离根节点最近的位置
}
vec[dict[i]].push_back(P(i, lim - (dep[p] - dep[dict[i]])));
}
for(int i = head[]; i; i = edge[i].next){ //判断根节点的每个子节点是否有病毒传播到叶子节点
f[edge[i].to] = dfs2(edge[i].to);
}
for(int i = head[]; i; i = edge[i].next){
int v = edge[i].to;
bool flag = ;
if(vec[v].empty()) if(!f[v]){ //如果该节点上没有军队只能靠其他军队救济
B.push_back(edge[i].w);
continue;
}
sort(vec[v].begin(), vec[v].end(), cmp);//将每个点排序之后贪心地将剩余时间最短的军队驻扎在原地
int tmp = vec[v][].second; //取出剩余时间最少的点
if(tmp - * edge[i].w < && !f[v]) flag = ; //该节点已经被管制
else A.push_back(tmp - edge[i].w);
for(int j = ; j < vec[v].size(); j++){
int x = vec[v][j].first, t = vec[v][j].second;//将子节点上的军队全都调及到根节点
A.push_back(t - edge[i].w);
}
if(!flag && !f[v])
B.push_back(edge[i].w);
}
sort(A.begin(), A.end()); // 贪心扫描 剩余时间最少的军队去最近的子节点
sort(B.begin(), B.end());
int s = ;
for(int i = ; i < A.size(); i++){
if(s == B.size()) break;
if(A[i] >= B[s]) s++;
}
if(s == B.size()) return ;
else return ;
}
int main(){
// freopen("testdata.in","r",stdin);
scanf("%d",&n);
int x, y, z;
for(int i = ; i < n; i++){
scanf("%d%d%d",&x, &y, &z);
add(x, y, z); add(y, x, z);
tot += z;
}
scanf("%d",&m);
for(int i = ; i <= m; i++)
scanf("%d",&pos[i]), id[pos[i]].push_back(i);
for(int i = head[]; i; i = edge[i].next){
dep[edge[i].to] = edge[i].w;
pre[edge[i].to] = , e_pre[edge[i].to] = i;
dfs1(edge[i].to, edge[i].to);
}
r = tot;
ll ans = 1e15;
while(l <= r){
ll mid = l + r >> ;
if(che(mid)) ans = mid, r = mid - ;
else l = mid + ;
}
if(ans == 1e15) puts("-1");
else printf("%lld\n",ans);
return ;
}

NOIP2012 洛谷P1084 疫情控制的更多相关文章

  1. 洛谷P1084 疫情控制(NOIP2012)(二分答案,贪心,树形DP)

    洛谷题目传送门 费了几个小时杠掉此题,如果不是那水水的数据的话,跟列队的难度真的是有得一比... 话说蒟蒻仔细翻了所有的题解,发现巨佬写的都是倍增,复杂度是\(O(n\log n\log nw)\)的 ...

  2. [NOIP2012] 提高组 洛谷P1084 疫情控制

    题目描述 H 国有 n 个城市,这 n 个城市用 n-1 条双向道路相互连通构成一棵树,1 号城市是首都, 也是树中的根节点. H 国的首都爆发了一种危害性极高的传染病.当局为了控制疫情,不让疫情扩散 ...

  3. 洛谷P1084 疫情控制 [noip2012] 贪心+树论+二分答案 (还有个小bugQAQ

    正解:贪心+倍增+二分答案 解题报告: 正好想做noip的题目然后又想落实学长之前讲的题?于是就找上了这题 其实之前做过,70,然后实在细节太多太复杂就不了了之,现在再看一遍感觉又一脸懵了... 从标 ...

  4. 洛谷 P1084 疫情控制 —— 二分+码力

    题目:https://www.luogu.org/problemnew/show/P1084 5个月前曾经写过一次,某个上学日的深夜,精疲力竭后只有区区10分,从此没管... #include< ...

  5. 2018.09.26洛谷P1084 疫情控制(二分+倍增)

    传送门 好题啊. 题目要求的最大值最小,看到这里自然想到要二分答案. 关键在于怎么检验. 显然对于每个点向根走比向叶节点更优. 因此我们二分答案之后,用倍增将每个点都向上跳到跳不动为止. 这时我们ch ...

  6. 洛谷P1084 疫情控制(贪心+倍增)

    这个题以前写过一遍,现在再来写,感觉以前感觉特别不好写的细节现在好些多了,还是有进步吧. 这个题的核心思想就是贪心+二分.因为要求最小时间,直接来求问题将会变得十分麻烦,但是如果转换为二分答案来判断可 ...

  7. 洛谷P1084 疫情控制

    题目 细节比较多的二分+跟LCA倍增差不多的思想 首先有这样一个贪心思路,深度越低的检查点越好,而最长时间和深度具有单调性,即给定时间越长,每个军队能向更浅的地方放置检查点.因此可以考虑二分时间,然后 ...

  8. 洛谷P1084 [NOIP2012提高组Day2T3]疫情控制

    P1084 疫情控制 题目描述 H 国有 n 个城市,这 n 个城市用 n-1 条双向道路相互连通构成一棵树,1 号城市是首都,也是树中的根节点. H 国的首都爆发了一种危害性极高的传染病.当局为了控 ...

  9. NOIP2012 D2 T3 疫情控制 洛谷P1084

    题目链接:https://www.luogu.org/problemnew/show/P1084 算法:倍增,二分答案,贪心 + 瞎搞.. 背景:上学长的数论课啥也听不懂,于是前去提高组找安慰.不巧碰 ...

随机推荐

  1. 解决pycharm报错:AttributeError: module 'pip' has no attribute 'main'

    找到pycharm安装目录下 helpers/packaging_tool.py文件,找到如下代码: def do_install(pkgs): try: import pip except Impo ...

  2. jenkins+maven+docker集成java发布(一)自动发布

    JAVA项目持续集成发布 标签(空格分隔): java jenkins 微服务中持续集成自动发布是很重要的一个环节,将不同的模块应用自动部署到一台或者N台服务器中如果采用人工部署的方式不太现实 git ...

  3. 006---hashlib模块

    hashlib模块 HASH 一般翻译成散列,也可以叫哈希. 把任意长度的输入通过散列算法变换成固定的长度. 该转换是一种压缩映射 MD5 输入任意长度的信息,经过处理.输出为128位的信息(数字指纹 ...

  4. iScroll实现下拉刷新上拉加载

    前言 初学iscroll这个控件,给我的一个感觉还是蛮不错的. 什么是iScroll:是目前最成熟的自定义滚动解决方案之一,在移动端和PC有很好的兼容性.iScroll官方提供了5个不同的版本 isc ...

  5. Xshell启动时显示丢失MSVCP110.dll解决方法

    成功安装xshell之后,在运行时却弹出“无法启动此程序,因为计算机中丢失MSVCP110.dll.尝试重新安装该程序以解决此问题”,很多人按照提示重装了还是出现同样的问题,本集教程将具体讲解如何处理 ...

  6. 初步学习pg_control文件之四

    接前文,初步学习pg_control文件之三  继续分析 何时出现 DB_SHUTDOWNING状态: 在正常的shutdown的时候,需要进行checkpoint,所以就在此处,设置pg_contr ...

  7. 7 tftp

    1. TFTP协议介绍 TFTP(Trivial File Transfer Protocol,简单文件传输协议) 是TCP/IP协议族中的一个用来在客户端与服务器之间进行简单文件传输的协议 特点: ...

  8. ajax设置自定义头

    一.setting参数 headers $.ajax({ headers: {        Accept: "application/json; charset=utf-8"  ...

  9. 问题:调用 ASP.Net Core WebAPI的HTTP POST方法时,从 [FromBody] 中读取的 MongoDB GeoJsonObjectModel成员总是null

    问题描述: POST/PUT to ASP.Net Core with [FromBody] to a MongoDB GeoJsonObjectModel member is always null ...

  10. Pc移植到Mac的技术细节

    1.样式不对: 2.布局不对: 3.Mac的菜单替换PC的菜单: Mac的菜单替换PC的菜单: 1)左上角图标没有手动添加且不需要添加的情况下出现,而且点击是Help菜单内容: 2)把HelpBtn和 ...