HDU 3468 BFS+二分匹配

九野的博客，转载请注明出处 http://blog.csdn.net/acmmmm/article/details/10966383

开始建图打搓了，参考了大牛的题解打的版本比较清爽，后来改的基本雷同了http://www.cnblogs.com/woaishizhan/archive/2013/04/08/3008719.html

题意：给定n，m表示下面地图大小

.表示空地 #表示墙 *表示黄金

行走的路线是A->Z->a->z

规则，必须从字母依次走最短路到下一个字母（字母必须连续走，如果走不到下一个字母或者地图上不存在下一个字母则输出-1）

每次走到下一个字母可以取走路途上的一个黄金，问最多能取走几个黄金

思路：走到最后一个字母就结束了，所以希望从每个字母走出来都能得到一个黄金，所以是二分匹配

把起点字母作为X集， 黄金作为Y集， 映射条件是黄金在 字母间行走的最短路上

然后这里用BFS寻找路径建图

最后套个二分匹配的模版

#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<set>
#include<math.h>
#include<string.h>
#include<queue>
#include<vector>
#define N 105
#define inf 999999999
using namespace std;
int n,M;
int road[N],p[N*N],gold[N*N],num,pn;//road 表示字母在p中的编号，p是字母的坐标（一维化）
int dis[N][N*N];//dis[a][b] 表示离散化的字母点a到 一维化的坐标b的距离
char map[N][N];
vector<int>G[N];
 
int go[4][2]={1,0,0,1,-1,0,0,-1};
void bfs(int s){
	bool vis[N*N];
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	queue<int>q;
 
	memset(dis[s],-1,sizeof(dis[s]));
	dis[s][p[s]]=0;
 
	q.push(p[s]);
	vis[p[s]]=1;
	while(!q.empty())
	{
		int t=q.front();
		int x=t/M,y=t%M;
		q.pop() ;
		for(int i=0;i<4;i++)
		{
			int nowx=x+go[i][0],nowy=y+go[i][1];
			int now=nowx*M+nowy;
			if(map[nowx][nowy]=='#')continue;
			if(nowx<0 || nowx>=n ||nowy<0||nowy>=M)continue;
			if(vis[now])continue;
			vis[now]=1;
 
			dis[s][now]=dis[s][t]+1;
			q.push(now);
		}
	}
}
int lef[N*N];//lef[v]表示右边点v 当前连接的点
bool T[N*N];//右边的点是否连过
 
bool match(int x)
{
	for(int i=0;i<G[x].size();i++)
	{
		int v=G[x][i];
		if(!T[v])
		{
			T[v]=true;
			if(lef[v]==-1||match(lef[v]))
			{
				lef[v]=x;
				return true;
			}
		}
	}
	return false;
}
 
void solve()
{
	int ans=0;
	memset(lef,-1,sizeof(lef));
	for(int i=0;i<pn-1;i++)//左右点集匹配，左点集是 0-(pn-1) 右点集是G[左点].size()
	{
		memset(T,0,sizeof(T));
 
		if(match(i))ans++;
	}
	printf("%d\n",ans);
}
 
int f(char c){
	if('A'<=c && c<='Z')return c-'A';
	else if('a'<=c && c<='z')return c-'a'+26;
}
int main(){
	int i,j;
	while(~scanf("%d%d",&n,&M)){
		pn=num=0;
		memset(road,-1,sizeof(road));//这句没有最后第二个案例过不了
		for(i=0;i<n;i++)
		{
			scanf("%s",map[i]);
			for(j=0;j<M;j++)
				if(isalpha(map[i][j]))
				{
					p[pn]=i*M+j;
					road[f(map[i][j])]=pn;
					pn++;
				}
				else if(map[i][j]=='*')
				{
					gold[num++]=i*M+j;
	 			}
		}
 
		for(i=0;i<pn;i++)bfs(i),G[i].clear();
		for(i=0;i<pn-1;i++)
		{
			if(road[i]==-1||road[i+1]==-1)	        break;
			if(dis[road[i]][p[road[i+1]]]==-1) 	break;
		}
		if(i!=pn-1){puts("-1");continue;}
		for(i=0;i<pn-1;i++)
			for(j=0;j<num;j++)
			{
				if(dis[road[i]][gold[j]]==-1 || dis[road[i+1]][gold[j]]==-1)continue;//j这点的黄金到不了字母点
				if(dis[road[i]][gold[j]]+dis[road[i+1]][gold[j]]==dis[road[i]][p[road[i+1]]])
					G[i].push_back(j);
			}
		solve();
	}
	return 0;
}
/*
3 4
A#B.
***C
.D..
 
4 4
A#B.
***C
.D..
..E*
 
4 4
A#B.
***C
.D..
.*E*
 
4 4
A#B.
***C
.D#.
.#E*
 
4 4
A#B.
***C
.D#.
.#E.
 
4 4
A#B.
***C
.D##
.#E.
 
4 4
A#B.
***C
.D#*
.#E.
 
4 4
a#b.
***c
.d#*
.#e.
 
4 4
A#B*
*.*C
..D#
E*..
 
ans;
3
3
4
4
3
-1
4
-1
4
 
*/