@description@

给定一棵无根树,每个节点上都写了一个整数。

你的任务就是统计有多少种方法可以将这棵树分解为若干条路径,使得每个节点恰好属于一条路径,而且每条路径的节点上的数字之和非负。

输入格式

输入数据第一行包含一个整数 T,表示数据组数。

接下来是 T 组数据。 每组数据的第一行包含一个整数 N,代表树中结点个数。

接下来一行包含 N 个整数,由空格分隔,代表每个节点上写的数字。

接下来 N −1 行,每行包含两个整数 Xj 和 Yj,代表编号为 Xj 和 Yj 的节点之间有边直接相连。

输出格式

对于每组数据,输出一行,包含一个整数,即为将树分解的方案数对 10^9 +7 取模得到的结果。

数据范围与子任务

• 1 ≤ T ≤ 10^5

• 1 ≤ Xj,Yj ≤ N

样例数据

输入

1 4

1 10 5 -1

1 2

1 3

2 4

输出

4

样例解释

一共有 4 种分解方法:

• 整棵树即为一条路径,其和为 1 + 10 + 5 + (−1) = 15;

• 一条路径包含节点 2 和 4,其和为 10 + (−1) = 9;另一条路径包含节点 1 和 3,其和为 1 + 5 = 6;

• 一条路径包含节点1、2和4,其和为 1+10+(−1) = 10;另一条路径包含节点3,其和为 5;

• 第一条路径包含节点 2 和 4,其和为 10 + (−1) = 9;第二条路径包含节点 1,其和为 1;第 三条路径包含节点 3,其和为 3。

@solution@

首先可以想到一个朴素 dp:定义 dp[x] 表示分解 x 为根的子树的合法方案数。

转移时枚举一条以 x 为 lca 的非零链,将链所有支出去的枝丫的 dp 值乘起来即可。

这样子搞是 O(n^2),考虑优化。

我们考虑可以使用启发式合并 + 平衡树来优化我们枚举链的过程。

考虑处理完轻子树继承重子树,我们维护重子树中每个儿子向上爬到当前点的链权值和以及枝丫的 dp 值乘积。

每次通过打 tag 给链权值和加上当前点的 val,方案数乘上轻子树的 dp 值乘积。

然后考虑处理轻子树。先统计链的一个端点在当前轻子树,另一个端点维护在平衡树里的情况。

这个可以通过平衡树维护子树方案数之和 + 分裂成权值 < k 的与 >= k 的两棵平衡树,然后取 >= k 的平衡树的答案搞定。

然后就把这棵轻子树里所有的链丢进平衡树里。

最后加入当前根,记得再在平衡树取出权值和 >= 0 的链的方案数(即链的端点为当前点的情况)。

看起来非常完美,然而有一个问题:万一 dp 值为 0(可能本身没有方案也可能方案数太多 mod 10^9 + 7 = 0),是不存在逆元的。

当然解决方法很多,但是我选择最简单(最sb)的解决方法:判断它有多少的儿子的 dp 值为 0。

如果多于 2 个显然就全部方案数都为 0,否则分类讨论一大堆,然后 WA 到怀疑人生。。。

@accepted code@

#include<cstdio>
#include<queue>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int MAXN = 100000;
const int MOD = int(1E9) + 7;
inline int add(int a, int b) {return (a + b)%MOD;}
inline int mul(int a, int b) {return 1LL*a*b%MOD;}
int pow_mod(int b, int p) {
int ret = 1;
while( p ) {
if( p & 1 ) ret = 1LL*ret*b%MOD;
b = 1LL*b*b%MOD;
p >>= 1;
}
return ret;
}
struct edge{
edge *nxt; int to;
}edges[2*MAXN + 5], *adj[MAXN + 5], *ecnt=&edges[0];
void addedge(int u, int v) {
edge *p = (++ecnt);
p->to = v, p->nxt = adj[u], adj[u] = p;
p = (++ecnt);
p->to = u, p->nxt = adj[v], adj[v] = p;
}
int siz[MAXN + 5], hvy[MAXN + 5];
void dfs1(int x, int f) {
siz[x] = 1, hvy[x] = 0;
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
dfs1(p->to, x);
siz[x] += siz[p->to];
if( siz[p->to] > siz[hvy[x]] )
hvy[x] = p->to;
}
}
struct Treap{
struct node{
node *ch[2];
int key, cnt, sum;
int tg1, tg2;
unsigned int pri;
}pl[MAXN + 5], *root, *NIL, *ncnt;
typedef pair<node*, node*> Droot;
Treap() {
ncnt = root = NIL = &pl[0];
NIL->ch[0] = NIL->ch[1] = NIL; NIL->sum = 0;
}
unsigned int get_rand() {
return (rand() << 16) | rand() ^ (rand() << 8);
}
node *newnode(int k, int c) {
node *f = (++ncnt);
f->ch[0] = f->ch[1] = NIL;
f->pri = get_rand(), f->key = k, f->cnt = f->sum = c;
f->tg1 = 0, f->tg2 = 1;
return f;
}
void pushdown(node *x) {
if( x->tg1 ) {
if( x->ch[0] != NIL )
x->ch[0]->tg1 += x->tg1, x->ch[0]->key += x->tg1;
if( x->ch[1] != NIL )
x->ch[1]->tg1 += x->tg1, x->ch[1]->key += x->tg1;
x->tg1 = 0;
}
if( x->tg2 != 1 ) {
if( x->ch[0] != NIL ) {
x->ch[0]->tg2 = mul(x->ch[0]->tg2, x->tg2);
x->ch[0]->cnt = mul(x->ch[0]->cnt, x->tg2);
x->ch[0]->sum = mul(x->ch[0]->sum, x->tg2);
}
if( x->ch[1] != NIL ) {
x->ch[1]->tg2 = mul(x->ch[1]->tg2, x->tg2);
x->ch[1]->cnt = mul(x->ch[1]->cnt, x->tg2);
x->ch[1]->sum = mul(x->ch[1]->sum, x->tg2);
}
x->tg2 = 1;
}
}
void pushup(node *x) {
x->sum = add(x->cnt, add(x->ch[0]->sum, x->ch[1]->sum));
}
node *merge(node *rt1, node *rt2) {
if( rt1 == NIL ) return rt2;
if( rt2 == NIL ) return rt1;
pushdown(rt1), pushdown(rt2);
if( rt1->pri < rt2->pri ) {
rt2->ch[0] = merge(rt1, rt2->ch[0]), pushup(rt2);
return rt2;
}
else {
rt1->ch[1] = merge(rt1->ch[1], rt2), pushup(rt1);
return rt1;
}
}
Droot split(node *rt, int k) {
if( rt == NIL ) return make_pair(NIL, NIL);
pushdown(rt);
if( k <= rt->key ) {
Droot tmp = split(rt->ch[0], k);
rt->ch[0] = tmp.second; pushup(rt);
return make_pair(tmp.first, rt);
}
else {
Droot tmp = split(rt->ch[1], k);
rt->ch[1] = tmp.first; pushup(rt);
return make_pair(rt, tmp.second);
}
}
void insert(node *x) {
Droot tmp = split(root, x->key);
root = merge(merge(tmp.first, x), tmp.second);
}
int query(int k) {
Droot tmp = split(root, k);
int ret = tmp.second->sum;
root = merge(tmp.first, tmp.second);
return ret;
}
void update1(int x) {
if( root != NIL )
root->tg1 += x, root->key += x;
}
void update2(int x) {
if( root != NIL )
root->tg2 = mul(root->tg2, x), root->cnt = mul(root->cnt, x), root->sum = mul(root->sum, x);
}
void init() {
ncnt = root = NIL;
}
}T;
int dp[MAXN + 5], spro[MAXN + 5], inv[MAXN + 5], pos[MAXN + 5], val[MAXN + 5];
int dfs3(int x, int f, int s, int k) {
int ret = 0;
if( !pos[x] ) ret = mul(T.query(-s), mul(k, spro[x]));
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
if( pos[x] ) {
if( pos[x] == p->to )
ret = add(ret, dfs3(p->to, x, s + val[p->to], mul(k, spro[x])));
}
else ret = add(ret, dfs3(p->to, x, s + val[p->to], mul(k, mul(spro[x], inv[p->to]))));
}
return ret;
}
void dfs4(int x, int f, int s, int k) {
if( !pos[x] ) T.insert(T.newnode(s, mul(k, spro[x])));
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
if( pos[x] ) {
if( pos[x] == p->to )
dfs4(p->to, x, s + val[p->to], mul(k, spro[x]));
}
else dfs4(p->to, x, s + val[p->to], mul(k, mul(spro[x], inv[p->to])));
}
}
void update(int x, int y) {
if( !dp[y] ) pos[x] = (pos[x] ? -1 : y);
else spro[x] = mul(spro[x], dp[y]);
}
void dfs2(int x, int f, bool flag) {
spro[x] = 1, pos[x] = 0, dp[x] = 0;
if( !hvy[x] ) {
inv[x] = dp[x] = (val[x] >= 0);
if( flag )
T.insert(T.newnode(val[x], 1));
return ;
}
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f || p->to == hvy[x] ) continue;
dfs2(p->to, x, false), update(x, p->to);
}
dfs2(hvy[x], x, true), update(x, hvy[x]);
T.update1(val[x]);
if( !pos[x] ) {
T.update2(mul(spro[x], inv[hvy[x]]));
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f || p->to == hvy[x] ) continue;
dp[x] = add(dp[x], dfs3(p->to, x, val[p->to], inv[p->to]));
dfs4(p->to, x, val[x] + val[p->to], mul(spro[x], inv[p->to]));
}
T.insert(T.newnode(val[x], spro[x]));
}
else {
if( pos[x] == hvy[x] ) {
T.update2(spro[x]);
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f || p->to == hvy[x] ) continue;
dp[x] = add(dp[x], dfs3(p->to, x, val[p->to], inv[p->to]));
}
}
else {
if( pos[x] != -1 ) {
dp[x] = add(dp[x], dfs3(pos[x], x, val[pos[x]], mul(spro[x], inv[hvy[x]])));
T.update2(0);
dfs4(pos[x], x, val[x] + val[pos[x]], spro[x]);
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f || p->to == hvy[x] || p->to == pos[x] ) continue;
dp[x] = add(dp[x], dfs3(p->to, x, val[p->to], inv[p->to]));
}
}
else {
int cnt = 0; bool flag = false;
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
if( dp[p->to] == 0 ) {
cnt++;
if( p->to == hvy[x] )
flag = true;
}
}
if( cnt == 2 ) {
if( flag ) {
T.update2(spro[x]);
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
if( dp[p->to] == 0 && p->to != hvy[x] )
dp[x] = add(dp[x], dfs3(p->to, x, val[p->to], 1));
}
}
else {
T.update2(0);
for(edge *p=adj[x];p;p=p->nxt) {
if( p->to == f ) continue;
if( dp[p->to] == 0 ) {
if( !flag ) {
dfs4(p->to, x, val[x] + val[p->to], spro[x]);
flag = true;
}
else dp[x] = add(dp[x], dfs3(p->to, x, val[p->to], 1));
}
}
}
}
T.update2(0);
}
}
}
dp[x] = add(dp[x], T.query(0)), inv[x] = pow_mod(dp[x], MOD-2);
if( !flag ) T.init();
}
void solve() {
int n; scanf("%d", &n);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d", &val[i]), adj[i] = NULL;
ecnt = &edges[0];
for(int i=1;i<n;i++) {
int x, y; scanf("%d%d", &x, &y);
addedge(x, y);
}
int rt = T.get_rand() % n + 1;
dfs1(rt, 0), dfs2(rt, 0, false);
printf("%d\n", dp[rt]);
}
int main() {
int t; scanf("%d", &t);
srand(20041112^t);
while( t-- ) solve();
}

@details@

好久没写非旋 treap 了(?写过吗),在 merge 的时候写成了按根的权值决定左右儿子关系。。。

因为只有堆才满足根的权值最大,可以只比较根的权值。。。要是两棵平衡树根的权值一样不就炸了。。。

正确写法是在 merge 时不考虑权值,在调用 merge 时保证两棵平衡树的相对大小关系即可。

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