CodeForces - 920F SUM and REPLACE (线段树)
题意:给N个数M次操作,(1<=N,M<=3e5, 1<=ai<=1e6),1是使[L,R]中的每个元素变成其因子的个数之和;2是求[L,R]区间之和
分析:看上去就很线段树的一题,但是却思考了很久。发现1和2即使对其,也不会改变二者的值。而且一个大于2的数进行多次1操作,也最终会退化到2。
先预处理筛出1e6以内各数的质因子个数和。在线段树的节点中维护两个值:区间和以及区间最大值。在update函数中,如果该区间的最大值不超过2,那么该区间没有更新的必要;若超过2,则递归向下找到那个位置,并更新它。
听起来像是退化成了单点更新线段树,其实打个表能发现每个数的因子个数和不会很大,退化几次就成为2了,所以在更新次数很多的情况下,复杂度并不会很高。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=3e5+;
const int INF =0x3f3f3f3f;
const int maxv = 1e6+;
typedef long long LL;
struct SGndoe{
LL sum;
LL mx;
}tree[maxn<<];
LL a[maxn];
LL ans[maxv]; void pre()
{
for(int i=;i<=1e6;++i){
for(int j=;j<=1e6;j+=i){
ans[j]++;
}
}
} void pushup(int root)
{
tree[root].sum =tree[root<<].sum+tree[root<<|].sum;
tree[root].mx = max(tree[root<<].mx,tree[root<<|].mx);
} void build(int root,int L,int R){
if(L==R){
tree[root].sum = tree[root].mx=a[L];
return;
}
int mid =(L+R)>>;
build(root<<,L,mid);
build(root<<|,mid+,R);
pushup(root);
} void update(int root,int l,int r,int L,int R)
{
if(L<=l && R>=r && tree[root].mx<=) return;
else if(l==r){
tree[root].sum = ans[tree[root].sum];
tree[root].mx = tree[root].sum;
return;
}
int mid=(l+r)>>;
if(L<=mid)update(root<<,l,mid,L,R);
if(R>mid) update(root<<|,mid+,r,L,R);
pushup(root);
} LL query(int root,int l,int r,int L,int R)
{
if(L<=l&&r<=R) return tree[root].sum;
int mid=(l+r)>>;
LL res=;
if(L<=mid) res+=query(root<<,l,mid,L,R);
if(mid<R) res+=query(root<<|,mid+,r,L,R);
return res;
} int main(){
int T,N,M,num,t,x;
int L,R;
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.txt","r",stdin);
freopen("out.txt","w",stdout);
#endif
pre();
int cas=;
while(scanf("%d%d",&N,&M)==){
for(int i=;i<=N;++i) scanf("%lld",&a[i]);
build(,,N);
int op;
for(int i=;i<=M;++i){
scanf("%d%d%d",&op,&L,&R);
if(op==) update(,,N,L,R);
else printf("%lld\n",query(,,N,L,R));
}
}
return ;
}
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