PAT/简单模拟习题集（一）

B1001.害死人不偿命的(3n+1)猜想 (15)

Description：

卡拉兹(Callatz)猜想：

对任何一个自然数n，如果它是偶数，那么把它砍掉一半；如果它是奇数，那么把(3n+1)砍掉一半。这样一直反复砍下去，最后一定在某一步得到n=1。卡拉兹在1950年的世界数学家大会上公布了这个猜想，传说当时耶鲁大学师生齐动员，拼命想证明这个貌似很傻很天真的命题，结果闹得学生们无心学业，一心只证(3n+1)，以至于有人说这是一个阴谋，卡拉兹是在蓄意延缓美国数学界教学与科研的进展……

我们今天的题目不是证明卡拉兹猜想，而是对给定的任一不超过1000的正整数n，简单地数一下，需要多少步（砍几下）才能得到n=1？

Input：

每个测试输入包含1个测试用例，即给出自然数n的值。

Output：

输出从n计算到1需要的步数。

Sample Input：

3

Sample Output：

5

 #include <cstdio>
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int n, step = ;
     scanf("%d", &n);
 
     while(n != ) {
         if(n% == ) {
             n /= ;
         } else {
             n = (*n+)/;
         }
         step++;
     }
 
     printf("%d\n", step);
 
     return ;
 }

B1032. 挖掘机技术哪家强 (20)

Description：

为了用事实说明挖掘机技术到底哪家强，PAT组织了一场挖掘机技能大赛。现请你根据比赛结果统计出技术最强的那个学校。

Input：

输入在第1行给出不超过10⁵的正整数N，即参赛人数。随后N行，每行给出一位参赛者的信息和成绩，包括其所代表的学校的编号（从1开始连续编号）、及其比赛成绩（百分制），中间以空格分隔。

Output：

在一行中给出总得分最高的学校的编号、及其总分，中间以空格分隔。题目保证答案唯一，没有并列。

Sample Input：

6
3 65
2 80
1 100
2 70
3 40
3 0

Sample Output：

2 150

 #include <cstdio>
 
 #define MaxSize 100010
 
 int school[MaxSize];
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int n, schID, score;
     scanf("%d", &n);
     for(int i=; i<n; ++i) {
         scanf("%d %d", &schID, &score);
         school[schID] += score;
     }
 
     int ID, maxscore = -;
     for(int i=; i<=n; ++i) {
         if(school[i] > maxscore) {
             ID = i;
             maxscore = school[i];
         }
     }
 
     printf("%d %d\n", ID, maxscore);
 }

B1011. A+B和C (15)

Description：

给定区间[-2³¹, 2³¹]内的3个整数A、B和C，请判断A+B是否大于C。

Input：

输入第1行给出正整数T(<=10)，是测试用例的个数。随后给出T组测试用例，每组占一行，顺序给出A、B和C。整数间以空格分隔。

Output：

对每组测试用例，在一行中输出“Case #X: true”如果A+B>C，否则输出“Case #X: false”，其中X是测试用例的编号（从1开始）。

Sample Input：

4
1 2 3
2 3 4
2147483647 0 2147483646
0 -2147483648 -2147483647

Sample Output：

Case #1: false
Case #2: true
Case #3: true
Case #4: false

 #include <cstdio>
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int T;
     long long a, b, c;
     scanf("%d", &T);
     for(int i=; i<=T; ++i) {
         scanf("%lld %lld %lld", &a, &b, &c);
         if(a+b > c) {
             printf("Case #%d: true\n", i);
         } else {
             printf("Case #%d: false\n", i);
         }
     }
 
     return ;
 }

B1016. 部分A+B (15)

Description：

正整数A的“D_A（为1位整数）部分”定义为由A中所有D_A组成的新整数P_A。例如：给定A = 3862767，D_A = 6，则A的“6部分”P_A是66，因为A中有2个6。

现给定A、D_A、B、D_B，请编写程序计算P_A + P_B。

Input：

输入在一行中依次给出A、D_A、B、D_B，中间以空格分隔，其中0 < A, B < 10¹⁰。

Output：

在一行中输出P_A + P_B的值。

Sample Input1：

3862767 6 13530293 3

Sample Output1：

399

Sample Input2：

3862767 1 13530293 8

Sample Output2：

0

 #include <cstdio>
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int Da, Db;
     long long pA = , pB = , A, B;
     scanf("%lld %d %lld %d", &A, &Da, &B, &Db);
 
     while(A != ) {
         if(A% == Da) {
             pA = pA*+Da;
         }
         A /= ;
     }
     while(B != ) {
         if(B% == Db) {
             pB = pB*+Db;
         }
         B /= ;
     }
 
     printf("%lld\n", pA+pB);
 
     return ;
 }

B1026. 程序运行时间 (15)

Description：

要获得一个C语言程序的运行时间，常用的方法是调用头文件time.h，其中提供了clock()函数，可以捕捉从程序开始运行到clock()被调用时所耗费的时间。这个时间单位是clock tick，即“时钟打点”。同时还有一个常数CLK_TCK，给出了机器时钟每秒所走的时钟打点数。于是为了获得一个函数f的运行时间，我们只要在调用f之前先调用clock()，获得一个时钟打点数C1；在f执行完成后再调用clock()，获得另一个时钟打点数C2；两次获得的时钟打点数之差(C2-C1)就是f运行所消耗的时钟打点数，再除以常数CLK_TCK，就得到了以秒为单位的运行时间。

这里不妨简单假设常数CLK_TCK为100。现给定被测函数前后两次获得的时钟打点数，请你给出被测函数运行的时间。

Input：

输入在一行中顺序给出2个整数C1和C1。注意两次获得的时钟打点数肯定不相同，即C1 < C2，并且取值在[0, 10⁷]。

Output：

在一行中输出被测函数运行的时间。运行时间必须按照“hh:mm:ss”（即2位的“时:分:秒”）格式输出；不足1秒的时间四舍五入到秒。

Sample Input：

123 4577973

Sample Output：

12:42:59

 #include <cstdio>
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int C1, C2;
     scanf("%d %d", &C1, &C2);
 
     int ans = C2 - C1;
     if(ans% < ) {
         ans /= ;
     } else {
         ans = ans/+;
     }
 
     printf("%02d:%02d:%02d\n", ans/, ans%/, ans%);
 
     return ;
 }

B1008. 数组元素循环右移问题 (20)

Description：

一个数组A中存有N（N>0）个整数，在不允许使用另外数组的前提下，将每个整数循环向右移M（M>=0）个位置，即将A中的数据由（A₀A₁……A_N-1）变换为（A_N-M …… A_N-1 A₀ A₁……A_N-M-1）（最后M个数循环移至最前面的M个位置）。如果需要考虑程序移动数据的次数尽量少，要如何设计移动的方法？

Input：

每个输入包含一个测试用例，第1行输入N ( 1<=N<=100)、M（M>=0）；第2行输入N个整数，之间用空格分隔。

Output：

在一行中输出循环右移M位以后的整数序列，之间用空格分隔，序列结尾不能有多余空格。

Sample Input：

6 2
1 2 3 4 5 6

Sample Output：

5 6 1 2 3 4

 #include <cstdio>
 
 #define MaxSize 110
 
 int List[MaxSize];
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int N, M, counter = ;
     scanf("%d %d", &N, &M);
     for(int i=; i<N; ++i) {
         scanf("%d", &List[i]);
     }
 
     M %= N;
     for(int i=N-M; i<N; ++i) {
         if(counter != N) {
             printf("%d ", List[i]);
         } else {
             printf("%d\n", List[i]);
         }
         counter++;
     }
     for(int i=; i<N-M; ++i) {
         if(counter != N) {
             printf("%d ", List[i]);
         } else {
             printf("%d\n", List[i]);
         }
         counter++;
     }
 
     return ;
 }

B1012. 数字分类 (20)

Description：

定一系列正整数，请按要求对数字进行分类，并输出以下5个数字：

• A1 = 能被5整除的数字中所有偶数的和；
• A2 = 将被5除后余1的数字按给出顺序进行交错求和，即计算n1-n2+n3-n4...；
• A3 = 被5除后余2的数字的个数；
• A4 = 被5除后余3的数字的平均数，精确到小数点后1位；
• A5 = 被5除后余4的数字中最大数字。

Input：

每个输入包含1个测试用例。每个测试用例先给出一个不超过1000的正整数N，随后给出N个不超过1000的待分类的正整数。数字间以空格分隔。

Output：

对给定的N个正整数，按题目要求计算A1~A5并在一行中顺序输出。数字间以空格分隔，但行末不得有多余空格。

若其中某一类数字不存在，则在相应位置输出“N”。

Sample Input1：

13 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 20 16 18

Sample Output1：

30 11 2 9.7 9

Sample Input2：

8 1 2 4 5 6 7 9 16

Sample Output2：

N 11 2 N 9

 #include <cstdio>
 
 #define MaxSize 5
 
 int List[MaxSize], ans[MaxSize];
 
 int main()
 {
     //freopen("E:\\Temp\\input.txt", "r", stdin);
 
     int N, temp;
     scanf("%d", &N);
     for(int i=; i<N; ++i) {
         scanf("%d", &temp);
         if(temp% == ) {
             if(temp% == ) {
                 ans[] += temp;
                 List[]++;
             }
         } else if(temp% == ) {
             if(List[]% == ) {
                 ans[] += temp;
             } else {
                 ans[] -= temp;
             }
             List[]++;
         } else if(temp% == ) {
             List[]++;
         } else if(temp% == ) {
             ans[] += temp;
             List[]++;
         } else {
             if(temp > ans[]) {
                 ans[] = temp;
             }
             List[]++;
         }
     }
 
     if(List[] == ) {
         printf("N ");
     } else {
         printf("%d ", ans[]);
     }
     if(List[] == ) {
         printf("N ");
     } else {
         printf("%d ", ans[]);
     }
     if(List[] == ) {
         printf("N ");
     } else {
         printf("%d ", List[]);
     }
     if(List[] == ) {
         printf("N ");
     } else {
         printf("%.1f ", (double)ans[]/List[]);
     }
     if(List[] == ) {
         printf("N\n");
     } else {
         printf("%d\n", ans[]);
     }
 
     return ;
 }