考虑两种情况:

1.\(a_1\)<\(a_2\)<\(a_3\)<\(a_4\)...<\(a_n\)

直接令\(b_i\)=\(a_i\),最小。

2.\(a_1\)>\(a_2\)>\(a_3\)>\(a_4\)...>\(a_n\)

初一的一道绝对值题是这题的弱化版。

给定\(a_1\),\(a_2\)...\(a_n\),求一点x,使得\(abs(a_1-x)\)+\(abs(a_2-x)\)...+\(abs(a_n-x)\)值最小

直接求中位数即可(初一的知识——绝对值)

同理,关于2.我们令\(b_i\)取1到i中位数即可。

那么这道题我们就可以看做是许多个严格递减的序列,每一个序列的答案我们是可以知道的。所以我们所要做的就是合并答案即可。

怎么维护每一次合并呢?

我们想到了左偏树。

对于左偏树,我们每放入一个新节点,我们就\(-=i\),使得原应严格下降的序列变成\(a_{i-1}>=a_i\),再判断新加入的节点是否符合这个规则,不符合就与上一个merge。

因为我们是要求中位数,所以节点的size不应超过它的范围的二分之一再\(+1\),所以我们要一直\(size--\),同时删除这个节点。

最后我们求答案即可。

注:因为我们一开始就减去了i,所以在如果要输出序列是要加上i。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct data
{
int l,r,size,fa,val;
}s[1000001];
int val[1000001],n,k,cnt,ch[1000001][2],dis[1000001];
long long ans;
int merge(int x,int y)
{
if(!x||!y)
{
return x+y;
}
if(val[x]<val[y])
{
swap(x,y);
}
ch[x][1]=merge(ch[x][1],y);
if(dis[ch[x][0]]<dis[ch[x][1]])
{
swap(ch[x][0],ch[x][1]);
}
dis[x]=dis[ch[x][1]]+1;
return x;
}
int read()
{
char ch=getchar();
int sum=0,f=1;
while(ch<'0'||ch>'9')
{
if(ch=='-')
{
f=-1;
}
ch=getchar();
}
while(ch<='9'&&ch>='0')
{
sum=sum*10+ch-'0';
ch=getchar();
}
return sum*f;
}
int main()
{
n=read();
dis[0]=-1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
val[i]=read();
val[i]-=i;
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
s[++cnt]=(data){
i,i,1,i,val[i]
};
while(cnt!=1&&s[cnt-1].val>s[cnt].val)
{
cnt--;
s[cnt].fa=merge(s[cnt].fa,s[cnt+1].fa);
s[cnt].size+=s[cnt+1].size;
s[cnt].r=s[cnt+1].r;
while(s[cnt].size>(s[cnt].r-s[cnt].l+3)/2)
{
s[cnt].size--;
s[cnt].fa=merge(ch[s[cnt].fa][0],ch[s[cnt].fa][1]);
}
s[cnt].val=val[s[cnt].fa];
}
}
int m=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(i>s[m].r)
{
m++;
}
ans+=abs(s[m].val-val[i]);
}
printf("%lld\n",ans);
m=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(i>s[m].r)
{
m++;
}
printf("%d ",s[m].val+i);
}
return 0;
}

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