如果最大值比剩余两个加起来的总和+1还大,就是NO,否则是YES

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main(){
int T;
cin>>T;
while(T--){
vector<int> a(3);
for(int i=0;i<3;i++)
cin>>a[i];
sort(a.begin(),a.end());
if(a[2]>a[0]+a[1]+1) puts("No");
else puts("Yes");
}
}

  

先不要去考虑跳过的问题,就让他一直向前走,并且一直减,并且记录途中遇到的礼物最大值,这样有两种情况

case1:直接走完,答案就是0

case2:停在某一个位置,我们一定会选择所有可能跳过的礼物中最大的,因为必须要放弃一个,肯定要放弃其中最大的

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

int main(){
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
int n,sum;
scanf("%d%d",&n,&sum);
vector<int> a(n);
for(int i=0;i<n;i++)
scanf("%d",&a[i]);
int pos=0;
int i;
for(i=0;i<n;i++){
if(sum>=a[i]) {
sum-=a[i];
}
else {
if(a[pos]<a[i]) pos=i;
break;
}
if(a[pos]<a[i]) pos=i;
}
if(i==n) printf("0\n");
else{
printf("%d\n",pos+1);
}
}
}

  

对于被拿出来的,不需要去管他究竟是按什么放回去的,但是可以肯定的是必然有一种方案是最优的,使得如果不取更深的礼物的话花费一定是1

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int maxn=1e5+5;

int a[maxn],b[maxn],pos[maxn];

int main(){
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--){
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=0;i<n;i++)
scanf("%d",&a[i]),pos[a[i]]=n-i;
for(int i=0;i<m;i++)
scanf("%d",&b[i]);
int in=n,out=0;
long long ans=0;
for(int i=0;i<m;i++){
if(pos[b[i]]<=in) {
ans+=2*(in-pos[b[i]]+out)+1;
in=pos[b[i]]-1;
out=n-i-1-in;
}
else ans++,out--;
}
printf("%lld\n",ans);
}
}

  

遍历每一个礼物,很容易算出每一个礼物被选中的概率,然后考虑有多少个人需要这个礼物,假设为cnt,这个可以预处理出来,选中这些人的概率为cnt/n

两个相乘即可,所有的情况加起来即可

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int maxn=1e6+5;
const int P=998244353; int add(int a,int b){
int ans=a+b;
if(ans>=P) ans-=P;
return ans;
} int mul(int a,int b){
return 1ll*a*b%P;
} int qpow(int a,int n){
int ans=1;
for(;n;n>>=1,a=1ll*a*a%P)
if(n&1) ans=1ll*ans*a%P;
return ans;
} vector<int> a[maxn]; int inv[maxn]; int main(){
int n;
scanf("%d",&n);
vector<int> cnt(maxn,0);
for(int i=0;i<n;i++){
int x;
scanf("%d",&x);
a[i].resize(x);
for(int j=0;j<x;j++)
scanf("%d",&a[i][j]);
for(int j=0;j<x;j++)
cnt[a[i][j]]++;
}
for(int i=0;i<maxn;i++)
inv[i]=qpow(i,P-2);
int ans=0;
for(int i=0;i<n;i++){
for(int j=0;j<a[i].size();j++){
ans=add(ans,mul(mul(inv[n],inv[a[i].size()]),mul(inv[n],cnt[a[i][j]])));
}
}
printf("%d\n",ans);
}

  

Educational Codeforces Round 79 (Rated for Div. 2) Finished (A-D)的更多相关文章

  1. Educational Codeforces Round 81 (Rated for Div. 2)E(线段树)

    预处理把左集划分为大小为1~i-1时,把全部元素都移动到右集的代价,记作sum[i]. 然后枚举终态时左集的大小,更新把元素i 留在/移动到 左集的代价. 树状数组/线段树处理区间修改/区间查询 #d ...

  2. Educational Codeforces Round 77 (Rated for Div. 2)D(二分+贪心)

    这题二分下界是0,所以二分写法和以往略有不同,注意考虑所有区间,并且不要死循环... #define HAVE_STRUCT_TIMESPEC #include<bits/stdc++.h> ...

  3. Educational Codeforces Round 79 (Rated for Div. 2) - D. Santa's Bot(数论)

    题意:有$n$个孩子,第$i$个孩子有$k[i]$件想要的礼物,第$j$个礼物为$a[i][j]$,现在随机挑一个孩子,从他想要的礼物里面随机挑一个,然后送给另一个孩子$($这个孩子可以和第一个孩子是 ...

  4. CF codeforces A. New Year Garland【Educational Codeforces Round 79 (Rated for Div. 2)】

    A. New Year Garland time limit per test 1 second memory limit per test 256 megabytes input standard ...

  5. Educational Codeforces Round 60 (Rated for Div. 2)D(思维,DP,快速幂)

    #include <bits/stdc++.h>using namespace std;const long long mod = 1e9+7;unordered_map<long ...

  6. Educational Codeforces Round 60 (Rated for Div. 2)E(思维,哈希,字符串,交互)

    #include <bits/stdc++.h>using namespace std;int main(){ string t; cin>>t; int n=t.size() ...

  7. Educational Codeforces Round 61 (Rated for Div. 2)F(区间DP,思维,枚举)

    #include<bits/stdc++.h>typedef long long ll;const int inf=0x3f3f3f3f;using namespace std;char ...

  8. Educational Codeforces Round 61 (Rated for Div. 2)D(二分,模拟,思维)

    #include<bits/stdc++.h>using namespace std;typedef long long ll;int n,k;ll a[200007],b[200007] ...

  9. Educational Codeforces Round 57 (Rated for Div. 2)D(动态规划)

    #include<bits/stdc++.h>using namespace std;char s[100007];long long a[100007];long long dp[100 ...

随机推荐

  1. 编写SQL语句(快速回顾)

    注:源自于<Java程序员面试秘笈>! 1.创建数据库MYDB create database MYDB 2.创建学生表student (sno,sname,ssex,sage,sclas ...

  2. python学习(7)关于列表操作相关命令以及浅复制深复制

    在python中,[]表示的是列表.列表有各种操作命令. 1.append()方法,添加一个元素到列表尾部. 注意append()方法与extend()方法有区别:list.append(object ...

  3. Linux gcc链接动态库出错:LIBRARY_PATH和LD_LIBRARY_PATH的区别

    昨天在自己的CentOs7.1上写makefile的时候,发现在一个C程序在编译并链接一个已生成好的lib动态库的时候出错.链接命令大概是这样的: [root@typecodes tcpmsg]# g ...

  4. qt creator源码全方面分析(2-10-3)

    目录 Plugin Meta Data 主键 插件描述键 依赖 可选依赖项 测试依赖项 命令行参数 Test.json示例 插件版本说明 Plugin Meta Data 插件的元数据文件是一个JSO ...

  5. javascript console对象 常用的方法

    console对象 var o = {name:'3'} console.assert(o.name === '3', "name 的值应该为:string 3"); consol ...

  6. day14 jQuery

    day13-14 jQueryjQuery是对js和dom的封装,相当于一个类库使用jQuery的目的: 1:获取标签 2:修改jQuery提供的方法:http://www.php100.com/ma ...

  7. [CentOS7]sed 指定字符前后添加内容

    指定字符前面添加 sed -i 's/指定的字符/需要添加的字符&/' 文件名称 修改Linux启动配置 将 GRUB_CMDLINE_LINUX="rd.lvm.lv=centos ...

  8. 一个sql

    一个小功能,sql里面用到了一些玩法,记录一下~ SELECT id, code, path, (1) AS type FROM department WHERE path LIKE CONCAT( ...

  9. kuangbin专题 专题九 连通图 POJ 3177 Redundant Paths

    题目链接:https://vjudge.net/article/371?tdsourcetag=s_pcqq_aiomsg 题目:给定一个连通图,题目说,任意两个点至少有一条路线可以相互到达, 为保证 ...

  10. Xilinx FPGA控制器的Everspin STT-DDR4设计指南

    自旋转移扭矩磁阻随机存取存储器(STT-MRAM)是一种持久性存储技术,可利用各种工业标准接口提供性能,持久性和耐用性. Everspin推出了STT-MRAM产品,该产品利用称为JE-DDR4的JE ...