题意:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5400

思路:预处理出每个点向左和向右的最远边界,从左向右枚举中间点,把区间答案加到总答案里面。由与可能与前面的区间重叠,需要减去重复的答案,由于左边界非降,所以重叠的区间长度很容易得到。

#pragma comment(linker, "/STACK:10240000")
#include <map>
#include <set>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <deque>
#include <queue>
#include <stack>
#include <vector>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm> using namespace std; #define X first
#define Y second
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define all(a) (a).begin(), (a).end()
#define fillchar(a, x) memset(a, x, sizeof(a))
#define copy(a, b) memcpy(a, b, sizeof(a)) typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
typedef unsigned long long ull; //#ifndef ONLINE_JUDGE
void RI(vector<int>&a,int n){a.resize(n);for(int i=;i<n;i++)scanf("%d",&a[i]);}
void RI(){}void RI(int&X){scanf("%d",&X);}template<typename...R>
void RI(int&f,R&...r){RI(f);RI(r...);}void RI(int*p,int*q){int d=p<q?:-;
while(p!=q){scanf("%d",p);p+=d;}}void print(){cout<<endl;}template<typename T>
void print(const T t){cout<<t<<endl;}template<typename F,typename...R>
void print(const F f,const R...r){cout<<f<<", ";print(r...);}template<typename T>
void print(T*p, T*q){int d=p<q?:-;while(p!=q){cout<<*p<<", ";p+=d;}cout<<endl;}
//#endif
template<typename T>bool umax(T&a, const T&b){return b<=a?false:(a=b,true);}
template<typename T>bool umin(T&a, const T&b){return b>=a?false:(a=b,true);} const double PI = acos(-1.0);
const int INF = 1e9 + ;
const double EPS = 1e-12; /* -------------------------------------------------------------------------------- */ const int maxn = 1e5 + ; int a[maxn], R[maxn], L[maxn]; int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.txt", "r", stdin);
//freopen("out.txt", "w", stdout);
#endif // ONLINE_JUDGE
int n, d1, d2;
while (cin >> n >> d1 >> d2) {
for (int i = ; i <= n; i ++) {
scanf("%d", a + i);
}
for (int i = n; i >= ; i --) {
a[i] = a[i] - a[i - ];
}
a[n + ] = INF * ;
R[n + ] = INF;
for (int i = ; i <= n; i ++) {
L[i] = max(, a[i] == d1? L[i - ] : i);
}
for (int i = n; i; i --) {
R[i] = min(n, a[i + ] == d2? R[i + ] : i);
}
int lastl = , lastr =;
ll ans = ;
for (int i = ; i <= n; i ++) {
ll c = R[i] - L[i] + ;
ans += c * (c + ) / ;
ll cc = min(lastr, R[i]) - L[i] + ;
if (cc > ) ans -= cc * (cc + ) / ;
lastl = L[i];
umax(lastr, R[i]);
}
cout << ans << endl;
}
return ;
}

[hdu5400 Arithmetic Sequence]预处理,容斥的更多相关文章

  1. HDU5400 Arithmetic Sequence

    解题思路:这题看懂题目是很关键的,这个区间是等差数列,且公差为d1或d2, 特别注意单个数字也为等差数列.每次求出等差数列序列长度,然后   求出对应这种长度对应有多少种组合方式,累加起来就是结果. ...

  2. HDU 4675 GCD of Sequence(容斥)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4675 题意:给出n,m,K,一个长度为n的数列A(1<=A[i]<=m).对于d(1< ...

  3. HDU 5297 Y sequence 容斥 迭代

    Y sequence 题目连接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5297 Description Yellowstar likes integer ...

  4. HDU - 5297:Y sequence (迭代&容斥)

    Yellowstar likes integers so much that he listed all positive integers in ascending order,but he hat ...

  5. hdu4390-Number Sequence(容斥计算)

    题意:给定b数列.计算有多少种数列 a1,a2,...,an 满足条件 a1*a2*...*an=b1*b2*-*bn (ai>1). 解法:处理出b数列中出现的全部质因子的数量记录在map中, ...

  6. HDU 5838 (状压DP+容斥)

    Problem Mountain 题目大意 给定一张n*m的地图,由 . 和 X 组成.要求给每个点一个1~n*m的数字(每个点不同),使得编号为X的点小于其周围的点,编号为.的点至少大于一个其周围的 ...

  7. XTU 1242 Yada Number 容斥

    Yada Number Problem Description: Every positive integer can be expressed by multiplication of prime ...

  8. 青云的机房组网方案(简单+普通+困难)(虚树+树形DP+容斥)

    题目链接 1.对于简单的版本n<=500, ai<=50 直接暴力枚举两个点x,y,dfs求x与y的距离. 2.对于普通难度n<=10000,ai<=500 普通难度解法挺多 ...

  9. hdu 5400 Arithmetic Sequence

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5400 Arithmetic Sequence Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Ot ...

随机推荐

  1. Volatile的应用DCL单例模式(四)

    Volatile的应用 单例模式DCL代码 首先回顾一下,单线程下的单例模式代码 /** * 单例模式 * * @author xiaocheng * @date 2020/4/22 9:19 */ ...

  2. 利用Putty建立SSH的tunnels访问内网资源

    适用场景访问阿里或者腾讯云只针对内网开放的资源. 本文以SQLSERVER 举例 举例你的内网 SQLSERVER的访问地址是192.168.33.88 . 你的Microsoft SQL Serve ...

  3. 2020新Asp.NET敏捷快速开发框架7.0.5旗舰版源码asp.net mvc框架,工具类CRM,工作流

    演示地址: http://frame3.diytassel.com  用户名:system  密码:0000    需要的联系QQ:22539134 一.新添加了 1.多语言功能: 2.代码生成器模版 ...

  4. Springboot:logback日志管理(九)

    Springboot默认使用的日志框架就是logback 创建自定义的logback-spring.xml放在resources类目录下即可 logback-spring.xml: <?xml ...

  5. Web前端开发必不可少的9个开源框架

    大多数人想到Web开发时,通常会想到HTML或JavaScript,往往忽略了CSS,根据Wikipedia的说法,CSS既是网页中最重要也是最常被遗忘的部分之一,尽管它是万维网的三大基础技术之一. ...

  6. android位运算简单讲解

    一.前言 在查看源码中,经常会看到很多这样的符号“&”.“|”.“-”,咋一看挺高大上:仔细一看,有点懵:再看看,其实就是大学学过的再普通不过的与.或.非.今天小盆友就以简单的形式分享下,同时 ...

  7. Makefile 中引用多个 include 路径

    LIB=-L/usr/informix/lib/c++ INC=-I/usr/informix/incl/c++ -I/opt/informix/incl/public default: main m ...

  8. 已有项目接入git远程仓库

    1.项目根目录初始化git仓库 git init 2.将本地项目与远程仓库关联(首先得在远程创建一个代码仓库) git remote add origin 远程仓库地址 诺,仓库地址就是这个玩意 3. ...

  9. CentOS7.x上轻量级TCP转发工具rinetd的安装配置

    一.实验背景 Linux下端口转发一般都使用iptables来实现,使用iptables可以很容易将TCP和UDP端口从防火墙转发到内部主机上. 如果需要将流量从专用地址转发到不在您当前网络上的机器上 ...

  10. ISA Introduction

    介绍一下X86.MIPS.ARM三种指令集: 1. X86指令集 X86指令集是典型的CISC(Complex Instruction Set Computer)指令集. X86指令集外部看起来是CI ...