ZOJ 2592 Think Positive ——（xjbg）

　　做法是，先求出前缀和pre。然后枚举端点i，[i+1,n]中pre最小的找出来，减去pre[i-1]大于0，这是第一个条件；第二个条件是，从i开始的后缀和和i之前的最小的一个pre相加大于0。只要满足这两个条件那么这个端点就是可行的。显然找这两个区间的最值都是可以用数组线性维护的，因此总体复杂度是O(n)的。

　　代码如下：

 #include <stdio.h>
 #include <algorithm>
 #include <algorithm>
 using namespace std;
 const int N = 2e5 + ;
 
 int a[N];
 int pre[N],suf[N];
 int min_pre_qian[N],min_pre_hou[N];
 
 int main()
 {
     int T;
     scanf("%d",&T);
     while(T--)
     {
         int n;
         scanf("%d",&n);
         for(int i=;i<=n;i++)
         {
             scanf("%d",a+i),pre[i] = pre[i-] + a[i];
             if(i == ) min_pre_qian[i] = pre[];
             else min_pre_qian[i] = min(pre[i], min_pre_qian[i-]);
         }
         suf[n+] = ;
         for(int i=n;i>=;i--)
         {
             suf[i] = suf[i+] + a[i];
             if(i == n) min_pre_hou[i] = pre[i];
             else min_pre_hou[i] = min(min_pre_hou[i+], pre[i]);
             //min_suf[i] = min(suf[i], min_suf[i+1]);
         }
         int ans = ;
         for(int i=;i<=n;i++)
         {
             //printf("%d %d %d %d %d ??\n",i,min_pre_hou[i],pre[i-1],suf[i],max_pre_qian[i-1]);
             if(min_pre_hou[i] - pre[i-] >  && suf[i] + min_pre_qian[i-] > )
             {
                 ans++;
             }
         }
         printf("%d\n",ans);
     }
 }