2019牛客暑期多校训练营(第二场)-E MAZE
题目链接:https://ac.nowcoder.com/acm/contest/882/E
题意:n×m的矩阵,0表示可以走,1表示墙,不能通过。有q中操作,一种是改变坐标(x,y)的状态,一种是询问从(1,x)到(n,y)有多少条路径。(n,q<=5e4,m<=10)。
思路:dp、矩阵乘加线段树维护。
dp[i][j]表示从第i行到(i,j)的路径数。则dp[i][j]=sum(dp[i][k](k<=j)) + sum(dp[i][k](k>j))。
比如上图,dp[1][2]=dp[1][1]+dp[1][2]+dp[1][3]。
dp[1][6]=dp[1][5]+dp[1][6]。
因此第x行到第y行的路径数可以用转移矩阵表示,比如从第1行到第1行的转移矩阵为:
其中第1行第3列的1表示从(1,1)到(1,3)有1条路经。
用线段树维护矩阵的乘积,修改为单点修改,复杂度为O(m^3*logn),树根维护的是M1*...*Mn,即第1行到第n行的路径数,所以查询复杂度为O(1)。
AC代码:
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std; typedef long long LL;
const int maxn=;
const int MOD=1e9+; struct Mat{
LL mat[][];
}; struct node{
Mat M;
int l,r;
}tr[maxn<<]; int n,m,Q;
char s[];
int a[maxn][]; Mat Matmul(Mat& a,Mat& b){
Mat c;
for(int i=;i<=m;++i)
for(int j=;j<=m;++j){
c.mat[i][j]=;
for(int k=;k<=m;++k){
c.mat[i][j]+=a.mat[i][k]*b.mat[k][j]%MOD;
c.mat[i][j]%=MOD;
}
}
return c;
} void Matupd(int v,int x){
memset(tr[v].M.mat,,sizeof(tr[v].M.mat));
for(int i=;i<=m;++i)
if(!a[x][i]){
tr[v].M.mat[i][i]=;
for(int j=i-;j>=&&!a[x][j];--j)
tr[v].M.mat[j][i]=;
for(int j=i+;j<=m&&!a[x][j];++j)
tr[v].M.mat[j][i]=;
}
} void pushup(int v){
tr[v].M=Matmul(tr[v<<].M,tr[v<<|].M);
} void build(int v,int l,int r){
tr[v].l=l,tr[v].r=r;
if(l==r){
Matupd(v,l);
return;
}
int mid=(l+r)>>;
build(v<<,l,mid);
build(v<<|,mid+,r);
pushup(v);
} void update(int v,int x){
if(tr[v].l==tr[v].r){
Matupd(v,x);
return;
}
int mid=(tr[v].l+tr[v].r)>>;
if(x<=mid) update(v<<,x);
else update(v<<|,x);
pushup(v);
} int main(){
scanf("%d%d%d",&n,&m,&Q);
for(int i=;i<=n;++i){
scanf("%s",s);
for(int j=;j<=m;++j)
a[i][j]=s[j-]-'';
}
build(,,n);
while(Q--){
int op,x,y;
scanf("%d%d%d",&op,&x,&y);
if(op==){
a[x][y]^=;
update(,x);
}
else
printf("%lld\n",tr[].M.mat[x][y]);
}
return ;
}
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