应该不会被禁赛吧qwq

Day1

T1 铺设道路

€€£:我 抄 我 自 己

我考场上写的是一个类似于差分的做法,就是开个数组表示某个位置是否贡献答案,从小到大枚举高度,那么一个位置能贡献答案当且仅当这个位置没有被当前高度盖过去,并且上一个位置被当前高度盖过去了,如果某一时刻某个位置被当前高度盖过去了,那么如果这个位置有贡献,就要把这个位置贡献的扣掉,同时看一下能否使后一个位置产生贡献

  1. #include<algorithm>
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstring>
  4. #include<cstdlib>
  5. #include<cstdio>
  6. #include<cmath>
  7. #include<queue>
  8. #include<map>
  9. #define il inline
  10. #define db double
  11. #define LL long long
  13. using namespace std;
  14. const int N=100000+10;
  15. il LL rd()
  16. {
  17.   LL x=0,w=1;char ch=0;
  18.   while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  19.   while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  20.   return x*w;
  21. }
  22. struct node
  23. {
  24.   int x,d;
  25.   node(){}
  26.   node(int nx,int nd){x=nx,d=nd;}
  27.   bool operator < (const node &bb) const {return d<bb.d;}
  28. }b[N];
  29. int n,a[N];
  30. LL ans;
  31. int s[N],nw;
  33. int main()
  34. {
  35.   //freopen("road.in","r",stdin);
  36.   //freopen("road.out","w",stdout);
  37.   n=rd();
  38.   for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=rd(),b[i]=node(i,a[i]);
  39.   a[0]=a[n+1]=-1,b[0]=node(0,-1);
  40.   sort(b,b+n+1);
  41.   b[n+1].d=2333333;
  42.   s[1]=nw=1;
  43.   for(int h=0,i=1;h<=10000;h++)
  44.     {
  45.       if(!nw) break;
  46.       if(h) ans+=nw;
  47.       while(b[i].d==h)
  48. 		{
  49. 		  int x=b[i].x;
  50. 		  if(s[x]) --s[x],--nw;
  51. 		  if(a[x+1]>h) ++s[x+1],++nw;
  52. 		  ++i;
  53. 		  //printf("%d %d\n",h,nw);
  54. 		}
  55.     }
  56.   printf("%lld\n",ans);
  57.   return 0;
  58. }

T2 货币系统

这题的答案就是所有不能被其他数加起来表示的数的个数.原因是首先最小的那个数要选,然后这个数的倍数就可以删掉不选了.接下来没被删掉的数中最小的数也要选,同样可以把其他能被加起来表示的数删掉,,,以此类推.所以这题就是个完全背包,只需要知道给出的数中的每个数是否只有一种表示方法就好了

  1. #include<algorithm>
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstring>
  4. #include<cstdlib>
  5. #include<cstdio>
  6. #include<cmath>
  7. #include<queue>
  8. #include<map>
  9. #define il inline
  10. #define db double
  11. #define LL long long
  13. using namespace std;
  14. const int N=100+10,M=25000+10;
  15. il LL rd()
  16. {
  17.   LL x=0,w=1;char ch=0;
  18.   while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  19.   while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  20.   return x*w;
  21. }
  22. int n,m,a[N],f[M];
  24. int main()
  25. {
  26.   //freopen("money.in","r",stdin);
  27.   //freopen("money.out","w",stdout);
  28.   int T=rd();
  29.   while(T--)
  30.     {
  31.       memset(f,0,sizeof(f));
  32.       n=rd(),m=0;
  33.       for(int i=1;i<=n;i++) m=max(m,a[i]=rd());
  34.       f[0]=1;
  35.       for(int i=1;i<=m;i++)
  36. 		{
  37. 		  for(int j=1;j<=n;j++)
  38. 			if(i-a[j]>=0) f[i]+=f[i-a[j]];
  39. 		  f[i]=min(f[i],2);
  40. 		}
  41.       int ans=0;
  42.       for(int i=1;i<=n;i++) ans+=(f[a[i]]==1);
  43.       printf("%d\n",ans);
  44.     }
  45.   return 0;
  46. }

T3 赛道修建

首先如果某个答案可行,那么比这个答案更小的也可行,所以可以二分答案.check的话就需要找出\(m\)条长度\(\ge mid\)的链.可以对整棵树进行Dfs.每个点的儿子都有往下的链,我们就把这些链取出来统计一下,方法是用当前最短的链匹配加起来长度\(\ge mid\)的,同时尽量小的链,然后计入链的个数,或者是本来长度就合法的可以直接计入链的个数,最后没匹配上的不能计入答案的就放到父亲处匹配

实现可以sort之后使用二分+并查集,我比较懒就用了\(multiset\) 依旧能艹过去

  1. #include<algorithm>
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstring>
  4. #include<cstdlib>
  5. #include<cstdio>
  6. #include<cmath>
  7. #include<queue>
  8. #include<map>
  9. #include<set>
  10. #define il inline
  11. #define db double
  12. #define LL long long
  13. #define re register
  15. using namespace std;
  16. const int N=50000+10;
  17. il LL rd()
  18. {
  19.   LL x=0,w=1;char ch=0;
  20.   while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  21.   while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  22.   return x*w;#
  23. }
  24. int to[N<<1],nt[N<<1],w[N<<1],hd[N],tot=1;
  25. il void add(int x,int y,int z)
  26. {
  27.   ++tot,to[tot]=y,nt[tot]=hd[x],w[tot]=z,hd[x]=tot;
  28.   ++tot,to[tot]=x,nt[tot]=hd[y],w[tot]=z,hd[y]=tot;
  29. }
  30. int n,m,an,mid;
  31. int f[N],tp;
  32. multiset<int> s;
  33. multiset<int>::iterator it,rbq;
  34. void dfs(int x,int ffa)
  35. {
  36.   f[x]=0;
  37.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  38.     {
  39.       int y=to[i];
  40.       if(y==ffa) continue;
  41.       dfs(y,x);
  42.     }
  43.   s.clear(),tp=0;
  44.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  45.     {
  46.       int y=to[i];
  47.       if(y==ffa) continue;
  48.       s.insert(f[y]+w[i]);
  49.       ++tp;
  50.     }
  51.   it=s.begin();
  52.   for(int i=2;i<=tp;i++) ++it;
  53.   while(tp&&(int)(*it)>=mid)
  54.     {
  55.       rbq=it;
  56.       ++an;
  57.       --it,--tp;
  58.       s.erase(rbq);
  59.     }
  60.   int ma=*it;
  61.   it=s.begin();
  62.   while(tp>1&&(int)(*it)+ma<mid) f[x]=max(f[x],(int)(*it)),--tp,rbq=it,++it,s.erase(rbq);
  63.   //printf("--%d\n",tp);
  64.   //it=s.begin();
  65.   while(tp>1)
  66.     {
  67.       rbq=s.lower_bound(mid-(*it));
  68.       if(rbq==s.end()) f[x]=max(f[x],(int)(*it)),--tp,rbq=it,++it,s.erase(rbq);
  69.       else
  70. 		{
  71. 		  ++an;
  72. 		  if(rbq==it) ++rbq;
  73. 		  --tp,s.erase(rbq);
  74. 		  //printf("%d\n",(int)(*rbq));
  75. 		  --tp,rbq=it,++it,s.erase(rbq);
  76. 		  //printf("qqc\n");
  77. 		}
  78.     }
  79.   if(tp) f[x]=max(f[x],*s.begin());
  80.   //printf("%d %d\n",x,f[x]);
  81. }
  82. il bool check()
  83. {
  84.   an=0;
  85.   dfs(1,0);
  86.   return an>=m;
  87. }
  88. int zz=0,de[N];
  89. void dd(int x,int ffa)
  90. {
  91.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  92.     {
  93.       int y=to[i];
  94.       if(y==ffa) continue;
  95.       de[y]=de[x]+w[i],dd(y,x);
  96.     }
  97.   if(de[x]>de[zz]) zz=x;
  98. }
  100. int main()
  101. {
  102.   //freopen("track.in","r",stdin);
  103.   //freopen("track.out","w",stdout);
  104.   n=rd(),m=rd();
  105.   int l=0,r=0;
  106.   for(re int i=1;i<n;++i)
  107.     {
  108.       int x=rd(),y=rd(),z=rd();
  109.       add(x,y,z);
  110.     }
  111.   de[0]=-1,de[1]=0,dd(1,0);
  112.   de[r=zz]=0,zz=0,dd(r,0),r=de[zz];
  113.   int ans=0;
  114.   while(l<=r)
  115.     {
  116.       mid=(l+r)>>1;
  117.       if(check()) ans=mid,l=mid+1;
  118.       else r=mid-1;
  119.     }
  120.   printf("%d\n",ans);
  121.   return 0;
  122. }

Day2

T1 旅行

首先如果是棵树,那么从1开始,贪心从小往大遍历所有儿子,答案就是按从前往后遍历到的点的序列.如果是基环树,那么枚举环上的边,断掉,然后当成树做,最后取字典序最小的答案就好了

结果做这个##题花我1.5h qwq

不过这题有线性做法,自己可以去找 懒

  1. #include<algorithm>
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstring>
  4. #include<cstdlib>
  5. #include<cstdio>
  6. #include<cmath>
  7. #include<queue>
  8. #include<map>
  9. #define il inline
  10. #define LL long long
  11. #define db double
  12. #define re register
  14. using namespace std;
  15. const int N=5000+10;
  16. il LL rd()
  17. {
  18.   LL x=0,w=1;char ch=0;
  19.   while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  20.   while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  21.   return x*w;
  22. }
  23. int to[N<<1],nt[N<<1],hd[N],tot=1;
  24. il void add(int x,int y)
  25. {
  26.   ++tot,to[tot]=y,nt[tot]=hd[x],hd[x]=tot;
  27.   ++tot,to[tot]=x,nt[tot]=hd[y],hd[y]=tot;
  28. }
  29. struct edgee
  30. {
  31.   int x,y;
  32.   edgee(){}
  33.   edgee(int nx,int ny){x=nx,y=ny;if(x>y) swap(x,y);}
  34.   bool operator < (const edgee &bb) const {return x!=bb.x?x>bb.x:y>bb.y;}
  35. }e[N];
  36. int n,m,an[N],ans[N],tt;
  37. int st[N],s2[N],tp,se[N],te,zhushu;
  38. bool ban[N<<1],v[N];
  39. void dfs(int x)
  40. {
  41.   v[x]=true,st[++tp]=x;
  42.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  43. 	{
  44. 	  if(ban[i]) continue;
  45. 	  s2[tp]=i;
  46. 	  ban[i]=ban[i^1]=true;
  47. 	  if(v[to[i]])
  48. 		{
  49. 		  int ttp=tp;
  50. 		  while(ttp)
  51. 			{
  52. 			  int y=st[ttp],ii=s2[ttp--];
  53. 			  se[++te]=ii;
  54. 			  if(to[i]==y) break;
  55. 			}
  56. 		  zhushu=i;
  57. 		  continue;
  58. 		}
  59. 	  else dfs(to[i]);
  60. 	  ban[i]=ban[i^1]=false;
  61. 	}
  62.   st[tp]=s2[tp]=0,--tp;
  63. }
  64. void dd(int x)
  65. {
  66.   an[++tt]=x;
  67.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  68. 	{
  69. 	  if(ban[i]) continue;
  70. 	  ban[i]=ban[i^1]=true;
  71. 	  dd(to[i]);
  72. 	  ban[i]=ban[i^1]=false;
  73. 	}
  74. }
  76. int main()
  77. {
  78.   //freopen("travel.in","r",stdin);
  79.   //freopen("travel.out","w",stdout);
  80.   n=rd(),m=rd();
  81.   for(int i=1;i<=m;i++) e[i]=edgee(rd(),rd());
  82.   sort(e+1,e+m+1);
  83.   for(int i=1;i<=m;i++) add(e[i].x,e[i].y);
  84.   if(m==n-1)
  85. 	{
  86. 	  dd(1);
  87. 	  for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",an[i]);
  88. 	}
  89.   else
  90. 	{
  91. 	  dfs(1);
  92. 	  ban[zhushu]=ban[zhushu^1]=false;
  93. 	  memset(ans,63,sizeof(ans));
  94. 	  while(te)
  95. 		{
  96. 		  int i=se[te--];
  97. 		  ban[i]=ban[i^1]=true;
  98. 		  tt=0,dd(1);
  99. 		  for(int j=1;j<=n;j++)
  100. 			{
  101. 			  if(an[j]>ans[j]) break;
  102. 			  else if(an[j]<ans[j])
  103. 				{
  104. 				  for(int k=1;k<=n;k++) ans[k]=an[k];
  105. 				  break;
  106. 				}
  107. 			}
  108. 		  ban[i]=ban[i^1]=false;
  109. 		}
  110. 	  for(int i=1;i<=n;i++) printf("%d ",ans[i]);
  111. 	}
  112.   return 0;
  113. }

T2 填数游戏

骗分过样例,暴力出奇迹

下面是考场10'代码

  1. ......
  2. int n,m,ans;
  3. int a[5][5],tt;
  4. string s[20];
  5. void dd(int x,int y,string nw)
  6. {
  7.   if(x==n&&y==m) {s[++tt]=nw;return;}
  8.   if(x!=n) dd(x+1,y,nw+(char)(48+a[x+1][y]));
  9. }
  10. il bool check()
  11. {
  12.   tt=0;
  13.   //没写完好气哦
  14. }
  15. void dfs(int x,int y)
  16. {
  17.   if(x>n) {ans+=check();return;}
  18.   a[x][y]=0,dfs(y==m?x+1:x,y==m?1:y+1);
  19.   a[x][y]=1,dfs(y==m?x+1:x,y==m?1:y+1);
  20. }
  22. int main()
  23. {
  24.   //freopen("game.in","r",stdin);
  25.   //freopen("game.out","w",stdout);
  26.   n=rd(),m=rd();
  27.   /*......*/
  28.   if(n==2&&m==2) printf("12");
  29.   if(n==3&&m==3) printf("112");
  30.   return 0;
  31. }

这题的打表题解自己去网上找qwq 懒

下面是靠谱的数学做法

咕咕咕咕咕咕咕

T3 保卫王国

不会打暴力,身败名裂

做法之一是动态dp,这里不做过多赘述

还有可以直接倍增做,也就是需要知道某个点子树内的dp值,子树以外的dp值(也可以说是以这个点为整棵树的根的dp值),以及一个点的\(2^k\)次方级祖先到这个点父亲所构成的链以及链旁边的部分的dp值,每次询问分类讨论一下就好了 就4.7kb,太好写了

有两种情况,如果某个点是lca,那么答案由下面那个点的子树+两点之间的链(这里的链均不包含端点)+lca扣除下面那个点所在子树的贡献的dp值构成;否则就是由两个点的子树+两点分别到lca之间的链+lca扣除两个点所在子树的贡献的dp值构成

注意无解的判断,两个询问点相邻,且都为0

  1. #include<algorithm>
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstring>
  4. #include<cstdlib>
  5. #include<cstdio>
  6. #include<cmath>
  7. #include<queue>
  8. #include<map>
  9. #define il inline
  10. #define LL long long
  11. #define db double
  12. #define re register
  14. using namespace std;
  15. const int N=100000+10;
  16. il LL rd()
  17. {
  18.   LL x=0,w=1;char ch=0;
  19.   while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') w=-1;ch=getchar();}
  20.   while(ch>='0'&&ch<='9') {x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48);ch=getchar();}
  21.   return x*w;
  22. }
  23. int to[N<<1],nt[N<<1],hd[N],tot=1;
  24. il void add(int x,int y)
  25. {
  26.   ++tot,to[tot]=y,nt[tot]=hd[x],hd[x]=tot;
  27.   ++tot,to[tot]=x,nt[tot]=hd[y],hd[y]=tot;
  28. }
  29. int n,nn,m,p[N],fa[N][20],sz[N],de[N],son[N],top[N];
  30. LL f[N][2],f0[N],f1[N],g[N][2],h[N][20][2][2],a1[2][2],a2[2][2],ff[2];
  31. void dfs1(int x)
  32. {
  33.   sz[x]=1;
  34.   for(int i=1;i<=nn;i++) fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1];
  35.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  36. 	{
  37. 	  int y=to[i];
  38. 	  if(y==fa[x][0]) continue;
  39. 	  fa[y][0]=x,de[y]=de[x]+1,dfs1(y),sz[x]+=sz[y];
  40. 	  if(sz[y]>sz[son[x]]) son[x]=y;
  41. 	  f[x][0]+=f[y][1],f[x][1]+=min(f[y][0],f[y][1]);
  42. 	}
  43.   f[x][1]+=p[x];
  44.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  45. 	{
  46. 	  int y=to[i];
  47. 	  if(y==fa[x][0]) continue;
  48. 	  f0[y]=f[x][0]-f[y][1],f1[y]=f[x][1]-min(f[y][0],f[y][1]);
  49. 	}
  50. }
  51. void dfs2(int x,int ntp)
  52. {
  53.   top[x]=ntp;
  54.   if(x>1) g[x][0]=g[fa[x][0]][1]+f1[x],g[x][1]=min(g[fa[x][0]][0]+f0[x],g[fa[x][0]][1]+f1[x]);
  55.   h[x][0][0][0]=f[fa[x][0]][0]-f[x][1],h[x][0][1][1]=f[fa[x][0]][1]-min(f[x][0],f[x][1]),h[x][0][0][1]=h[x][0][1][0]=1ll<<50;
  56.   for(int i=1;i<=nn;i++)
  57. 	{
  58. 	  for(int j=0;j<=1;j++)
  59. 		for(int k=0;k<=1;k++)
  60. 		  {
  61. 			h[x][i][j][k]=1ll<<50;
  62. 			for(int l=0;l<=1;l++)
  63. 			  for(int o=0;o<=1;o++)
  64. 				if(o|l) h[x][i][j][k]=min(h[x][i][j][k],h[x][i-1][j][l]+h[fa[x][i-1]][i-1][o][k]);
  65. 		  }
  66. 	}
  67.   if(son[x])
  68. 	{
  69. 	  dfs2(son[x],ntp);
  70. 	}
  71.   for(int i=hd[x];i;i=nt[i])
  72. 	{
  73. 	  int y=to[i];
  74. 	  if(y==fa[x][0]||y==son[x]) continue;
  75. 	  dfs2(y,y);
  76. 	}
  77. }
  78. il int getlca(int x,int y)
  79. {
  80.   while(top[x]!=top[y])
  81. 	{
  82. 	  if(de[top[x]]<de[top[y]]) swap(x,y);
  83. 	  x=fa[top[x]][0];
  84. 	}
  85.   return de[x]<de[y]?x:y;
  86. }
  88. int main()
  89. {
  90.   //freopen("defense.in","r",stdin);
  91.   //freopen("defense.out","w",stdout);
  92.   n=rd(),m=rd();
  93.   nn=log2(n);
  94.   char cc[3];
  95.   scanf("%s",cc);
  96.   for(int i=1;i<=n;i++) p[i]=rd();
  97.   for(int i=1;i<n;i++) add(rd(),rd());
  98.   dfs1(1),dfs2(1,1);
  99.   while(m--)
  100. 	{
  101. 	  a1[0][0]=a1[0][1]=a1[1][0]=a1[1][1]=0;
  102. 	  a2[0][0]=a2[0][1]=a2[1][0]=a2[1][1]=0;
  103. 	  int x=rd(),a=rd(),y=rd(),b=rd(),lca=getlca(x,y);
  104. 	  if(y==lca) swap(x,y),swap(a,b);
  105. 	  if(x==lca)
  106. 		{
  107. 		  if(fa[y][0]==x&&!(a|b)) {puts("-1");continue;}
  108. 		  int yy=y;
  109. 		  for(int i=nn;i>=0;i--)
  110. 			if(de[fa[yy][i]]>=de[x]+1)
  111. 			  {
  112. 				if(a1[0][0])
  113. 				  {
  114. 					LL nw[2][2];
  115. 					nw[0][0]=nw[0][1]=nw[1][0]=nw[1][1]=1ll<<50;
  116. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  117. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  118. 						for(int l=0;l<=1;l++)
  119. 						  for(int o=0;o<=1;o++)
  120. 							if(l|o) nw[j][k]=min(nw[j][k],a1[j][l]+h[yy][i][o][k]);
  121. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  122. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  123. 						a1[j][k]=nw[j][k];
  124. 				  }
  125. 				else
  126. 				  {
  127. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  128. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  129. 						a1[j][k]=h[yy][i][j][k];
  130. 				  }
  131. 				yy=fa[yy][i];
  132. 			  }
  133. 		  ff[0]=f[x][0]+g[x][0]-f[yy][1],ff[1]=f[x][1]+g[x][1]-min(f[yy][0],f[yy][1]);
  134. 		  LL ans=1ll<<50;
  135. 		  for(int j=0;j<=1;j++)
  136. 			for(int k=0;k<=1;k++)
  137. 			  if((b|j)&(a|k)) ans=min(ans,ff[a]+f[y][b]+a1[j][k]);
  138. 		  printf("%lld\n",ans<(1ll<<50)?ans:-1);
  139. 		}
  140. 	  else
  141. 		{
  142. 		  int xx=x,yy=y;
  143. 		  for(int i=nn;i>=0;i--)
  144. 			if(de[fa[xx][i]]>=de[lca]+1)
  145. 			  {
  146. 				if(a1[0][0])
  147. 				  {
  148. 					LL nw[2][2];
  149. 					nw[0][0]=nw[0][1]=nw[1][0]=nw[1][1]=1ll<<50;
  150. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  151. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  152. 						for(int l=0;l<=1;l++)
  153. 						  for(int o=0;o<=1;o++)
  154. 							if(l|o) nw[j][k]=min(nw[j][k],a1[j][l]+h[xx][i][o][k]);
  155. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  156. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  157. 						a1[j][k]=nw[j][k];
  158. 				  }
  159. 				else
  160. 				  {
  161. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  162. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  163. 						a1[j][k]=h[xx][i][j][k];
  164. 				  }
  165. 				xx=fa[xx][i];
  166. 			  }
  167. 		  for(int i=nn;i>=0;i--)
  168. 			if(de[fa[yy][i]]>=de[lca]+1)
  169. 			  {
  170. 				if(a2[0][0])
  171. 				  {
  172. 					LL nw[2][2];
  173. 					nw[0][0]=nw[0][1]=nw[1][0]=nw[1][1]=1ll<<50;
  174. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  175. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  176. 						for(int l=0;l<=1;l++)
  177. 						  for(int o=0;o<=1;o++)
  178. 							if(l|o) nw[j][k]=min(nw[j][k],a2[j][l]+h[yy][i][o][k]);
  179. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  180. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  181. 						a2[j][k]=nw[j][k];
  182. 				  }
  183. 				else
  184. 				  {
  185. 					for(int j=0;j<=1;j++)
  186. 					  for(int k=0;k<=1;k++)
  187. 						a2[j][k]=h[yy][i][j][k];
  188. 				  }
  189. 				yy=fa[yy][i];
  190. 			  }
  191. 		  ff[0]=f[lca][0]+g[lca][0]-f[xx][1]-f[yy][1],ff[1]=f[lca][1]+g[lca][1]-min(f[xx][0],f[xx][1])-min(f[yy][0],f[yy][1]);
  192. 		  LL ans=1ll<<50;
  193. 		  for(int j=0;j<=1;j++)
  194. 			for(int k=0;k<=1;k++)
  195. 			  for(int l=0;l<=1;l++)
  196. 				for(int o=0;o<=1;o++)
  197. 				  for(int p=0;p<=1;p++)
  198. 					if((x!=xx?(a|j)&&(l|p):(a|p))&(y!=yy?(b|k)&&(o|p):(b|p))) ans=min(ans,f[x][a]+f[y][b]+a1[j][l]+a2[k][o]+ff[p]);
  199. 		  printf("%lld\n",ans<(1ll<<50)?ans:-1);
  200. 		}
  201. 	}
  202.   return 0;
  203. }

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