Description

物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大,需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线,以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种因素的存在,有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线,让货物能够按时到达目的地。但是修改路线是一件十分麻烦的事情,会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划,使得总成本尽可能地小。

Input

第一行是四个整数n(1<=n<=100)、m(1<=m<=20)、K和e。n表示货物运输所需天数,m表示码头总数,K表示每次修改运输路线所需成本。接下来e行每行是一条航线描述,包括了三个整数,依次表示航线连接的两个码头编号以及航线长度(>0)。其中码头A编号为1,码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来一行是一个整数d,后面的d行每行是三个整数P( 1 < P < m)、a、b(1 < = a < = b < = n)。表示编号为P的码头从第a天到第b天无法装卸货物(含头尾)。同一个码头有可能在多个时间段内不可用。但任何时间都存在至少一条从码头A到码头B的运输路线。

Output

包括了一个整数表示最小的总成本。总成本=n天运输路线长度之和+K*改变运输路线的次数。

题解:

设`F[i]`为从开始到第i天花费的最小费用。`cost(i,j)`表示从第i天到第j天保持一个路线花费的最小费用。

于是有 `F\left[ i\right] =\min _{0 < j\leq i}\left\{ F\left[ j-1\right] +k+cost\left( j,i\right)*(i-j+1) \right\} `

为了方便`F[0]=-k`。

关于`cost(i,j)`的计算,就是从第i天到第j天完全可用的线路上的最短路,Djk即可。

`F[n]`即为答案。

代码:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<vector>
//by zrt
//problem:
using namespace std;
typedef long long LL;
const int inf(0x3f3f3f3f);
const double eps(1e-9);
int t,n,k,m,c;
int F[105];
int H[25],X[805],P[805],tot,E[805];
bool no[805];
inline void add(int x,int y,int z){
P[++tot]=y;X[tot]=H[x];H[x]=tot;E[tot]=z;
}
int d[25];
struct node{
int x,a,b;
node(int xx,int aa,int bb){
x=xx,a=aa,b=bb;
}
};
vector<node> v;
struct N{
int x,w;
N(int a=0,int b=0){
x=a,w=b;
}
friend bool operator < (N a,N b){
return a.w>b.w;
}
};
priority_queue<N> q;
bool vis[25];
int cost(int i,int j){//from i to j
memset(d,0x3f,sizeof d);
int L=j-i+1;
d[1]=0;
memset(no,0,sizeof no);
for(int a=0;a<c;a++){
if(!(v[a].b<i||v[a].a>j)){
no[v[a].x]=1;
}
}
memset(vis,0,sizeof vis);
q.push(N(1,0));
int x;
while(!q.empty()){
x=q.top().x;q.pop();
if(vis[x]) continue;else vis[x]=1;
for(int i=H[x];i;i=X[i]){
if(!no[P[i]]&&d[P[i]]>d[x]+E[i]){
d[P[i]]=d[x]+E[i];
q.push(N(P[i],d[P[i]]));
}
}
}
if(d[n]==inf) return inf/L;
return d[n];
}
int main(){
#ifdef LOCAL
freopen("in.txt","r",stdin);
freopen("out.txt","w",stdout);
#endif
scanf("%d%d%d%d",&t,&n,&k,&m);
for(int i=0,x,y,z;i<m;i++){
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
add(x,y,z);
add(y,x,z);
}
scanf("%d",&c);
v.reserve(c);
for(int i=0,x,a,b;i<c;i++){
scanf("%d%d%d",&x,&a,&b);
v.push_back(node(x,a,b));
}
memset(F,0x3f,sizeof F);
F[0]=-k;
for(int i=1;i<=t;i++){
for(int j=1;j<=i;j++){
if(F[j-1]>=inf) continue;
F[i]=min(F[i],F[j-1]+k+cost(j,i)*(i-j+1));
}
}
printf("%d\n",F[t]);
return 0;
}

BZOJ 1003: [ZJOI2006]物流运输trans DP+最短路的更多相关文章

  1. BZOJ 1003: [ZJOI2006]物流运输trans(最短路+dp)

    1A,爽! cost[i][j]表示从第i天到第j天不改路线所需的最小花费,这个可以用最短路预处理出.然后dp(i)=cost[j][i]+dp(j-1)+c. c为该路线的花费. --------- ...

  2. BZOJ 1003 [ZJOI2006]物流运输trans

    1003: [ZJOI2006]物流运输trans Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 4242  Solved: 1765[Submit] ...

  3. BZOJ 1003[ZJOI2006]物流运输(SPFA+DP)

    Problem 1003. -- [ZJOI2006]物流运输 1003: [ZJOI2006]物流运输 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: ...

  4. BZOJ 1003 [ZJOI2006]物流运输trans ★(Dijkstra + DP)

    题目链接 http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1003 思路 先Dijkstra暴力求出i..j天内不变换路线的最少花费,然后dp[i] = ...

  5. BZOJ 1003 [ZJOI2006]物流运输trans SPFA+DP

    题意:链接 方法:SPFA+DP 解析:挺好的题目.因为数据范围较小所以用这样的方式能够搞,只是也是挺不好想的. 我们定义cost(i,j)表示从第i天走到第j天运用同一种方式的最小花费,然后因为数据 ...

  6. BZOJ 1003 ZJOI2006 物流运输trans 动态规划+SPFA

    标题效果:给定一个无向图.输送n日,有一天的某一时刻不能去,更换行考虑k,求总成本 一阶cost[i][j]用于第一i为了天j天正在同一航线的最低消费 这种利用SPFA处理 然后就是移动的法规问题 订 ...

  7. bzoj 1003 [ZJOI2006]物流运输(最短路+dp)

    [ZJOI2006]物流运输 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 8973  Solved: 3839[Submit][Status][Di ...

  8. 【BZOJ】1003: [ZJOI2006]物流运输trans(SPFA+DP)

    http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1003 这题一开始看是不会的额,,,还是看题解了..一开始我觉得不能用最短路啥的,,看了题解发现这是d ...

  9. 【BZOJ1003】1003: [ZJOI2006]物流运输trans SPFA+DP

    Description 物流公司要把一批货物从码头A运到码头B.由于货物量比较大,需要n天才能运完.货物运输过程中一般要转停好几个码头.物流公司通常会设计一条固定的运输路线,以便对整个运输过程实施严格 ...

随机推荐

  1. Socket解决粘包问题1

    粘包是指发送端发送的包速度过快,到接收端那边多包并成一个包的现象,比如发送端连续10次发送1个字符'a',因为发送的速度很快,接收端可能一次就收到了10个字符'aaaaaaaaaa',这就是接收端的粘 ...

  2. java_一对一自由聊天

    客户端 package cn.qianfeng.kaoti03; import java.io.BufferedReader; import java.io.IOException; import j ...

  3. tcl/tk实例详解——glob使用例解

    glob命令 这里以实例的形式解释一下glob命令的用法,很多时候纯粹的语法讲解根本讲不清楚,往往没有一个例子清晰,一下就glob命令进行一些分析,环境为Tclsh85,操作系统为windows XP ...

  4. w3c 学习html DOM

    什么是DOM? DOM是W3C标准,定义了访问HTML 和 XML文档的标准 W3C 文档对象模型(DOM)是中立于平台和语言接口,它允许程序动态的访问和更新文档的内容.结构和样式. W3C DOM ...

  5. (转)HttpHandler与HttpModule的理解与应用

    神秘的HttpHandler与HttpModule 大学时候我是从拖控件开始学习 asp.net的,对.net的很多类库对象都不是很了解.所以看到大家写一些个性的asp.net名词,就感觉asp.ne ...

  6. SQL Server调优系列基础篇 - 并行运算总结(二)

    前言 上一篇文章我们介绍了查看查询计划的并行运行方式. 本篇我们接着分析SQL Server的并行运算. 闲言少叙,直接进入本篇的正题. 技术准备 同前几篇一样,基于SQL Server2008R2版 ...

  7. C++编程注意事项

    1.所有成员变量在构造函数中进行初始化操作,如指针赋值为空,bool赋值为FALSE(默认为TRUE); 2.构造函数与析构函数配对出现,执行反向操作,保证执行析构之后,没有遗留问题存在: 3.如果需 ...

  8. 数据库hang住 处理过程

    当数据库出现严重的性能问题或者hang了的时候,我们非常需要通过systemstate dump来知道进程在做什么,在等待什么,谁是资源的持有者,谁阻塞了别人.在出现上述问题时,及时收集systems ...

  9. 安装完oracle重新启动后报ORA-12514: TNS: 监听程序当前无法识别连接描述符中请求的服务(重启前正常)

    安装完oracle重新启动后报ORA-12514: TNS: 监听程序当前无法识别连接描述符中请求的服务(重启前正常) 刚安装完后用plSql登录正常. 在dos命令行下 输入  sqlplus 用户 ...

  10. iOS10---新特性以及适配点(转)

    iOS 10 新特性以及适配点 SiriKit 所有第三方应用都可以用Siri,支持音频.视频.消息发送接收.搜索照片.预订行程.管理锻炼等 Proactive Suggestions 系统预先建议 ...