星际旅行

0分

瞬间爆炸。

考试的时候觉得这个题怎么这么难,

打个dp,可以被儿子贡献,可以被父亲贡献,还有自环,叶子节点连边可以贡献,非叶子也可以贡献,自环可以跑一回,自环可以跑两回,

关键是同一子树会贡献,不同子树也会贡献。

这还不是欧拉图欧拉路问题,awsl

然后我就放弃了这个题

考完试看题解,tm一个大水题

虽然好像不算水,

思考两个点之间因为连接的是无向边,所以所有点入度出度都为2。

先不考虑自环

如果把两个点之间无向边拆成两个有向边,那么问题就变成去掉两个边使原图存在欧拉路。

于是乎,问题就变得很简单了

如果有自环

可以去掉两个自环,或者去掉一个自环和一个边

砍树

做砍树时问大佬说,“这是一个数论分块”模板题

我:???

原来只有我没学过数论分块吗?

https://www.cnblogs.com/0xfffe/p/9648943.html

略微理解了理解,写的非常清楚

你说这是向下取整,不是向上取整,砍树要向上取整,那篇博客不适用于砍树?

确实不适用

我们要分块的是等式右面的$\sum_{i}^{n} a[i]  +k$除以d

因为C是固定的,所以这是一个分段函数,我们要处理的是不同的右面的值最后再跟左面对应

我们然后f存下这一段具体的值,

r存下具体右端点

然后就完了

代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define A 11000000
ll l=1,r,n,m,a[A],dl[A],R[A],f[A],zz=0,num=0,ans=0,sum=0;
void precl()
{
while(1){
if(!(sum/l)) break;
r=sum/(sum/l);
f[++num]=sum/r;
R[num]=r;
l=r+1;
}
} int main(){
scanf("%lld%lld",&n,&m);
sum=m;
for(ll i=1;i<=n;i++){
scanf("%lld",&a[i]);
sum+=a[i];
}
precl();
for(ll j=1;j<=num;j++)
{
ll t=0;
for(ll i=1;i<=n;i++){
t+=ceil((double)a[i]/(double)R[j]);
}
// printf("f=%lld R=%lld\n",f[j],R[j]);
if(t<=f[j]) ans=R[j];
}
cout<<ans<<endl;
}

以下是我完全错误的解释

设$k\times i-p=N$ 向上取整设

$\large{\lceil \frac N{i+d} \rceil}=k$

于是$k\times (i+d)-p2=N$

同样得出p2=p+kd

就是照猫画虎的一个过程

底下我不具体推了,

$\large \left \lceil \frac N{\left \lfloor \frac Ni \right \rfloor } \right \rceil$

所以对砍树这道题来说,这确实是个模板题,分析发现这是一个分段函数,维护每一段大小相同,维护l,r下一个l=r+1

具体来说

$\large \left \lceil \frac {a[i]}{d} \right \rceil$不是为我们具体分块的值

$\large \lfloor \frac Ni \rfloor$才是

然后等式右面是$\sum_{i}^{n} a[i]  +k$再除以d

这个N就是$\sum_{i}^{n} a[i]  +k$

那么这个题就迎刃而解了。

超级树

等我AC了可怜与超市

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