Codeforces891C(892E)

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简述题意：                                                                                           

给定一张$ n$个点，$ m$条边$ (2<=n,m<=5*10^5)$的无向连通图

有$ k(1<=k<=5*10^5)$次询问

每次询问一个边集$ S(\sum\limits_{i=1}^k|S_i|<=5*10^5)$，判断这些边能否共存于原图的某棵最小生成树上

并查集撤销上一次操作：                                                                      

不能像普通并查集一样路径压缩，因此只能按址合并

每次把size较小的接到size较大的下面

同时开个栈记录被接上去的点的标号

撤销上一次操作的时候直接把栈顶的标号的father重标成自己同时减小原father的size值即可

题解：                                                                                                 

先简化题意：假设每次询问的边集大小均为1

思考克鲁斯卡尔的原理

首先对所有边按边权从小到大排序

克鲁斯卡尔告诉我们一条当前可插入的边权最小的边，插入一定不会不优

因而一条边权为x的边可以在最小生成树内当且仅当把所有权值严格小于x的边插入生成树后加入这条边依然不会形成环

也就是说边权不同的边相互独立，从小到大贪心即可

因此我们把询问离线排序，从小到大判断每次询问对应的边可否插入，可插入则该次询问为YES且插入，否则该次询问一定为NO

如果有两条边边权相同怎么办？

直接检验不一定正确，因为前一条边不一定必选，而之前程序已经将其插入

因此需要撤销上一次并查集的合并操作，然后再检验下一条边

回到原题

我们知道边集大小不一定为1

依然按边权排序，在每条询问边标记询问标号

由于之前提到不同边权相互独立，因此只要某组询问的每一种边权对应的边可以全选，最终也一定可行

反之只要一个询问中有一条边不合法则不可行

因此像上面一样排序后从小到大扫即可

注意同一个询问的相同边权的边检验必须一起做，全部做完之后再一起撤销

因为在同一个询问里同一种边权是不独立的，必须全部插入后依然不形成环才可行

code：                                                                                                 

#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define rt register int
#define l putchar('\n')
#define ll long long
#define M 1000010
using namespace std;
inline ll read()
{
    register ll x = ; char zf = ; char ch;
    while (ch != '-' && !isdigit(ch)) ch = getchar();
    if (ch == '-') zf = -, ch = getchar();
    while (isdigit(ch)) x = x *  + ch - '', ch = getchar(); return x * zf;
}
int i,j,k,m,n,x,y,z,cnt,la[M],fa[M],size[M],top,g=;
int ask(int x)
{
    while(fa[x]!=x)x=fa[x];
    return x;
}
void merge(int x,int y)
{
    if(x==y)return;
    if(size[x]>size[y])swap(x,y);la[++top]=x;
    fa[x]=y;size[y]+=size[x];
}
void undo()
{
    int La=la[top];
    size[fa[La]]-=size[La];
    fa[La]=La;top--;
}
struct ed
{
    int x,y,z;
    inline bool operator <(const ed s)const
    {
        return z<s.z;
    }
}q[M];
 
struct query
{
    int id,x,y,val;
    inline bool operator <(const query s)const
    {
        if(val==s.val)return id<s.id;
        return val<s.val;
    }
}A[M];
int ans[M];
int main()
{
    n=read();m=read();
    for(rt i=;i<=n;i++)size[i]=,fa[i]=i;
    for(rt i=;i<=m;i++)
    {
        x=read();y=read();z=read();
        q[i]={x,y,z};
    }
 
    k=read();
    for(rt e=;e<=k;e++)
    {
        z=read();ans[e]=;
        for(rt i=;i<=z;i++)
        {
            x=read();
            A[++cnt]={e,q[x].x,q[x].y,q[x].z};
        }
    }
    sort(q+,q+m+);
    sort(A+,A+cnt+);
    int qd=;
    for(rt i=;i<=cnt;)
    {
        while(q[qd].z<A[i].val)
        merge(ask(q[qd].x),ask(q[qd].y)),qd++;
 
        top=;
        do
        {
 
                int p1=ask(A[i].x),q1=ask(A[i].y);
                if(p1==q1)ans[A[i].id]=;
                merge(p1,q1);
            i++;
        }while(A[i].val==A[i-].val&&A[i].id==A[i-].id);
        while(top)undo();
    }
    for(rt i=;i<=k;i++)puts(ans[i]?"YES":"NO");
    return ;
}