传送门

这该死的码农题……

题解在这儿->这里

 //minamoto
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
#define getc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)
char buf[<<],*p1=buf,*p2=buf;
inline int read(){
#define num ch-'0'
char ch;bool flag=;int res;
while(!isdigit(ch=getc()))
(ch=='-')&&(flag=true);
for(res=num;isdigit(ch=getc());res=res*+num);
(flag)&&(res=-res);
#undef num
return res;
}
const int N=;
int n,jsx,jsy,js1,js2;
struct node{int x,y,b1,b2,id;}p[N];
int bx[N],by[N],bb1[N],bb2[N];
int up[N],lup[N],rup[N],f[N],Tx[N],Tb1[N],Tb2[N],bj[N],tx[N],ty[N],gup[N],bup[N];
bool cmpy(node a,node b){return a.y>b.y;}
bool cmpx(node a,node b){return a.x<b.x;}
vector<int> iny[N];
void prework(){
sort(bx+,bx++n),sort(by+,by++n);
sort(bb1+,bb1++n),sort(bb2+,bb2++n);
jsx=unique(bx+,bx++n)-bx-;
jsy=unique(by+,by++n)-by-;
js1=unique(bb1+,bb1++n)-bb1-;
js2=unique(bb2+,bb2++n)-bb2-;
for(int i=;i<=n;++i){
p[i].x=lower_bound(bx+,bx++jsx,p[i].x)-bx,tx[i]=p[i].x;
p[i].y=lower_bound(by+,by++jsy,p[i].y)-by,ty[i]=p[i].y;
p[i].b1=lower_bound(bb1+,bb1++js1,p[i].b1)-bb1;
p[i].b2=lower_bound(bb2+,bb2++js2,p[i].b2)-bb2;
}
sort(p+,p++n,cmpy);
for(int i=;i<=n;++i){
int k=p[i].id;
up[k]=Tx[p[i].x],lup[k]=Tb1[p[i].b1],rup[k]=Tb2[p[i].b2];
Tx[p[i].x]=Tb1[p[i].b1]=Tb2[p[i].b2]=k;
}
sort(p+,p++n,cmpx);
for(int i=;i<=n;++i)
iny[p[i].y].push_back(p[i].id);
}
void print(int num){
int y=ty[num],sz=iny[y].size(),nxt=bj[num];
if(num!=n) printf("%d ",num);
if(tx[nxt]<tx[num]){
for(int i=;i<sz;++i)
if(tx[iny[y][i]]>tx[num]) printf("%d ",iny[y][i]);
for(int i=sz-;~i;--i)
if(tx[iny[y][i]]<tx[num]&&tx[iny[y][i]]>=tx[nxt]) printf("%d ",iny[y][i]);
}
else if(tx[nxt]>tx[num]){
for(int i=sz-;~i;--i)
if(tx[iny[y][i]]<tx[num]) printf("%d ",iny[y][i]);
for(int i=;i<sz;++i)
if(tx[iny[y][i]]>tx[num]&&tx[iny[y][i]]<=tx[nxt]) printf("%d ",iny[y][i]);
}
if(bup[nxt]) print(bup[nxt]);
}
void work1(){
prework();
for(int y=jsy;y;--y){
int kmx=,kbj=,sz=iny[y].size();
for(int i=;i<sz;++i){
int k=iny[y][i];
if(up[k]&&f[up[k]]>gup[k]) gup[k]=f[up[k]],bup[k]=up[k];
if(lup[k]&&f[lup[k]]>gup[k]) gup[k]=f[lup[k]],bup[k]=lup[k];
if(rup[k]&&f[rup[k]]>gup[k]) gup[k]=f[rup[k]],bup[k]=rup[k];
f[k]=kmx,bj[k]=kbj;
if(sz-i+gup[k]>kmx) kmx=sz-i+gup[k],kbj=k;
}
kmx=kbj=;
for(int i=sz-;~i;--i){
int k=iny[y][i];
if(kmx>f[k]) f[k]=kmx,bj[k]=kbj;
if(gup[k]+>f[k]) f[k]=gup[k]+,bj[k]=k;
if(i++gup[k]>kmx) kmx=i++gup[k],kbj=k;
}
}
printf("%d\n",f[n]-),print(n),puts("");
}
int S,T,s,t,ans,tot=;
int ok[N],du[N],cur[N],head[N],Next[N*],ver[N*],edge[N*],dep[N];
queue<int> q;
inline void adde(int u,int v,int e){
ver[++tot]=v,Next[tot]=head[u],head[u]=tot,edge[tot]=e;
ver[++tot]=u,Next[tot]=head[v],head[v]=tot,edge[tot]=;
}
inline void add(int u,int v){
for(int i=head[u];i;i=Next[i]) if(ver[i]==v) return;
ok[v]=,++du[v],--du[u],adde(u,v,inf);
}
void calc(int y,int i){
int sz=iny[y].size(),num=iny[y][i];
for(int j=;j<i;++j){
int k=iny[y][j];
if(up[k]&&f[up[k]]+sz-j==f[num]) add(k,up[k]);
if(lup[k]&&f[lup[k]]+sz-j==f[num]) add(k,lup[k]);
if(rup[k]&&f[rup[k]]+sz-j==f[num]) add(k,rup[k]);
}
for(int j=i+;j<sz;++j){
int k=iny[y][j];
if(up[k]&&f[up[k]]+j+==f[num]) add(k,up[k]);
if(lup[k]&&f[lup[k]]+j+==f[num]) add(k,lup[k]);
if(rup[k]&&f[rup[k]]+j+==f[num]) add(k,rup[k]);
}
if(up[num]&&f[up[num]]+==f[num]) add(num,up[num]);
if(lup[num]&&f[lup[num]]+==f[num]) add(num,lup[num]);
if(rup[num]&&f[rup[num]]+==f[num]) add(num,rup[num]);
}
void build(){
ok[n]=;
for(int y=;y<=jsy;++y){
int sz=iny[y].size();
for(int i=;i<sz;++i) if(ok[iny[y][i]]) calc(y,i);
}
}
bool bfs(){
while(!q.empty()) q.pop();
for(int i=;i<=n+;++i) cur[i]=head[i],dep[i]=-;
q.push(S),dep[S]=;
while(!q.empty()){
int u=q.front();q.pop();
for(int i=head[u];i;i=Next[i]){
int v=ver[i];
if(dep[v]<&&edge[i]){
dep[v]=dep[u]+,q.push(v);
if(v==T) return true;
}
}
}
return false;
}
int dfs(int u,int limit){
if(u==T||!limit) return limit;
int flow=,f;
for(int i=cur[u];i;cur[u]=i=Next[i]){
int v=ver[i];
if(dep[v]==dep[u]+&&(f=dfs(v,min(limit,edge[i])))){
flow+=f,limit-=f;
edge[i]-=f,edge[i^]+=f;
if(!limit) break;
}
}
if(!flow) dep[u]=-;
return flow;
}
void work2(){
build();
s=n+,t=n+,S=n+,T=n+;
for(int i=;i<=n;++i)
du[i]>?ans+=du[i],adde(S,i,du[i]):adde(i,T,-du[i]);
while(bfs()) ans-=dfs(S,inf);
printf("%d\n",ans);
}
int main(){
//freopen("testdata.in","r",stdin);
n=read();
for(int i=;i<=n;++i){
bx[i]=p[i].x=read(),by[i]=p[i].y=read();
bb1[i]=p[i].b1=p[i].y-p[i].x,bb2[i]=p[i].b2=p[i].x+p[i].y;
p[i].id=i;
}
++n,p[n].id=n;
work1(),work2();
return ;
}

bzoj4200: [Noi2015]小园丁与老司机(可行流+dp)的更多相关文章

  1. [BZOJ4200][Noi2015]小园丁与老司机

    4200: [Noi2015]小园丁与老司机 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSec  Special JudgeSubmit: 106  Solved ...

  2. UOJ#132&bzoj4200[Noi2015]小园丁与老司机

    看,这是一个传送门 Part A 把坐标离散化,按照纵坐标为第一关键字,横坐标为第二关键字排序 以$f_i$记录来到$i$这个点最多经过点数,那么答案显而易见就是$f_i$加上该层点数 转移的话就是分 ...

  3. BZOJ4200 NOI2015小园丁与老司机(动态规划+上下界网络流)

    一看上去就是一个二合一的题.那么先解决第一部分求最优路线(及所有可能在最优路线上的线段). 由于不能往下走,可以以y坐标作为阶段.对于y坐标不同的点,我们将可以直接到达的两点连边,显然这样的边的个数是 ...

  4. [UOJ#132][BZOJ4200][luogu_P2304][NOI2015]小园丁与老司机

    [UOJ#132][BZOJ4200][luogu_P2304][NOI2015]小园丁与老司机 试题描述 小园丁 Mr. S 负责看管一片田野,田野可以看作一个二维平面.田野上有 \(n\) 棵许愿 ...

  5. 【BZOJ4200】[Noi2015]小园丁与老司机 DP+最小流

    [BZOJ2839][Noi2015]小园丁与老司机 Description 小园丁 Mr. S 负责看管一片田野,田野可以看作一个二维平面.田野上有 nn 棵许愿树,编号 1,2,3,…,n1,2, ...

  6. luogu P2304 [NOI2015]小园丁与老司机 dp 上下界网络流

    LINK:小园丁与老司机 苦心人 天不负 卧薪尝胆 三千越甲可吞吴 AC的刹那 真的是泪目啊 很久以前就写了 当时记得特别清楚 写到肚子疼.. 调到胳膊疼.. ex到根不不想看的程度. 当时wa了 一 ...

  7. uoj132/BZOJ4200/洛谷P2304 [Noi2015]小园丁与老司机 【dp + 带上下界网络流】

    题目链接 uoj132 题解 真是一道大码题,,,肝了一个上午 老司机的部分是一个\(dp\),观察点是按\(y\)分层的,而且按每层点的上限来看可以使用\(O(nd)\)的\(dp\),其中\(d\ ...

  8. BZOJ4200 & 洛谷2304 & UOJ132:[NOI2015]小园丁与老司机——题解

    https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4200 https://www.luogu.org/problemnew/show/P2304 ht ...

  9. 【bzoj4200】[Noi2015]小园丁与老司机 STL-map+dp+有上下界最小流

    题目描述 小园丁 Mr. S 负责看管一片田野,田野可以看作一个二维平面.田野上有 nn 棵许愿树,编号 1,2,3,…,n1,2,3,…,n,每棵树可以看作平面上的一个点,其中第 ii 棵树 (1≤ ...

随机推荐

  1. hdu 1864 最大报销额(01背包)

    最大报销额 Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submi ...

  2. Python基础-os、sys模块

    一,os模块import os ,sysos.system('ipconfig')#执行操作系统命令,获取不到返回结果 os.popen()#也可以执行操作系统命令,可以返回命令执行结果,但需要rea ...

  3. codeforces 710A A. King Moves(水题)

    题目链接: A. King Moves 题意: 给出king的位置,问有几个可移动的位置; 思路: 水题,没有思路; AC代码: #include <iostream> #include ...

  4. 【leetcode刷题笔记】Best Time to Buy and Sell Stock III

    Say you have an array for which the ith element is the price of a given stock on day i. Design an al ...

  5. bzoj 1006: 神奇的国度 MCS

    题目大意: 弦图的最小染色. 题解: 裸题. #include <vector> #include <cstdio> #include <cstring> #inc ...

  6. 非系统表空间损坏,rman备份恢复

    实验条件:有完整可用备份--查询表空间情况SQL> select tablespace_name,status from dba_tablespaces;TABLESPACE_NAME STAT ...

  7. HeartBleed bug

    前两年的一个严重漏洞,影响很大.出现在openssl 1.0.1和1.0.2 beta(包含1.0.1f和1.0.2beta1).利用了TLS的heartbeat. 简单的说,该漏洞被归为缓冲过度读取 ...

  8. 查看,上传crushmap命令

    标签(空格分隔): ceph,ceph运维,crushmap 查看crushmap命令 从mon节点获取crushmap: # ceph osd getcrushmap -o crush.map 反编 ...

  9. C#设计模式(12)——享元模式

    一.概念 外观模式提供了一个统一的接口,用来访问子系统中的一群接口.外观定义了一个高层接口,让子系统更容易使用.使用外观模式时,我们创建了一个统一的类,用来包装子系统中一个或多个复杂的类,客户端可以直 ...

  10. javaScript笔记01

    所谓勇气就是明知前方的路途充满了荆棘险阻,但还是义无反顾的的走下去. 1 Javasrcipt定义的三种方式 ·1 head中的script脚本 <!DOCTYPE html> <h ...