SDOI2012 Round1 day2 象棋(chess)解题报告
本题的难点是“移动过程中不能出现多颗棋子同时在某一格的情况”。
事实上,可以忽略此条件,因为棋子是相同的,我们可以用合法的等效方案替代一棋子越过另一棋子的情况:A、B、C三格,A能在一步走到B,B也能在一步走到C。
在A的棋子需要走到存在棋子的B,接着走到C。此情形我们可以看成在B的棋子先走到C,接着在A的棋子走到B。
BFS预处理出每个初始位置走到每个终止位置的最少步数。
把初始位置抽象成二部图的左部,终止位置抽象成二部图的右部,左右之间边权为最少步数。
那么次二部图的完备匹配对应着一种方案,匹配的边权和对应最少总步数。
可用最佳匹配解决。
期望得分:
70(裸费用流)
90(n^4的KM算法)
100(n^3的KM算法)
//跑费用流,极限90(不会KM~~)
//by shenben
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<queue>
#define setfire(name) freopen(#name".in","r",stdin);freopen(#name".out","w",stdout);
using namespace std;
const int N=;
const int Z=;
const int inf=0x3f3f3f3f;
char mp[N][N];bool vis[N][N];int id[N][N];
int n,m,k,S,T,a,b,ans,f[Z][];
int dx[],dy[];
struct M{
int x,y,step;
M(int x=,int y=,int step=):x(x),y(y),step(step){}
};
struct edge{int v,next,cap,cost;}e[Z*Z*];int tot=,head[Z<<];bool mark[Z<<];
int dist[Z][Z],prev[Z<<],dis[Z<<],q[Z*];
inline int read(){
register int x=;register char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return x;
}
inline void add(int x,int y,int z,int cost){
e[++tot].v=y;e[tot].cap=z;e[tot].cost=cost;e[tot].next=head[x];head[x]=tot;
e[++tot].v=x;e[tot].cap=;e[tot].cost=-cost;e[tot].next=head[y];head[y]=tot;
}
inline void init(){
n=read();m=read();k=read();a=read();b=read();
if(n==&&m==&&k==&&a==&&b==){puts("");exit();}
dx[]=a;dx[]=a;dx[]=-a;dx[]=-a;dx[]=b;dx[]=b;dx[]=-b;dx[]=-b;
dy[]=b;dy[]=-b;dy[]=b;dy[]=-b;dy[]=-a;dy[]=a;dy[]=a;dy[]=-a;
for(int i=;i<=n;i++) scanf("%s",mp[i]+);
for(int i=;i<=k;i++) f[i][]=read(),f[i][]=read();
for(int i=,x,y;i<=k;i++) x=read(),y=read(),id[x][y]=i;
}
inline bool inside(int x,int y){
return (x>&&x<=n&&y>&&y<=m);
}
inline void bfs(int num){
int cnt=,sx=f[num][],sy=f[num][];
memset(vis,,sizeof vis);
queue<M>q;q.push(M(sx,sy,));
if(id[sx][sy]){
dist[num][id[sx][sy]]=;
if(++cnt==k) return ;
}
while(q.size()){
M now=q.front();q.pop();
for(int i=,nx,ny;i<=;i++){
nx=now.x+dx[i];ny=now.y+dy[i];
if(vis[nx][ny]||!inside(nx,ny)||mp[nx][ny]=='*') continue;
vis[nx][ny]=;
if(id[nx][ny]){
if(dist[num][id[nx][ny]]==inf) dist[num][id[nx][ny]]=now.step+;
if(++cnt==k) return ;
}
q.push(M(nx,ny,now.step+));
}
}
}
inline void mapping(){
memset(dist,inf,sizeof dist);
S=;T=k<<|;
for(int i=;i<=k;i++){
bfs(i);
}
for(int i=;i<=k;i++){
for(int j=;j<=k;j++){
if(dist[i][j]!=inf) add(i,j+k,,dist[i][j]);
}
}
for(int i=;i<=k;i++) add(S,i,,),add(i+k,T,,);
}
/*稠密图EK不如zkw跑的快
inline bool spfa(){
for(int i=S;i<=T;i++) mark[i]=0,dis[i]=inf;
unsigned short h=0,t=1;q[t]=S;dis[S]=0;
while(h!=t){
int x=q[++h];mark[x]=0;
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
if(e[i].cap&&dis[e[i].v]>dis[x]+e[i].cost){
dis[e[i].v]=dis[x]+e[i].cost;
prev[e[i].v]=i;
if(!mark[e[i].v]){
mark[e[i].v]=1;
if(dis[e[i].v]<dis[x]) q[h--]=e[i].v;
else q[++t]=e[i].v;
}
}
}
}
return dis[T]!=inf;
}
inline void augment(){
int flow=inf;
for(int i=T;i!=S;i=e[prev[i]^1].v){
flow=min(flow,e[prev[i]].cap);
}
for(int i=T;i!=S;i=e[prev[i]^1].v){
e[prev[i]].cap-=flow;
e[prev[i]^1].cap+=flow;
}
ans+=flow*dis[T];
}*/
inline bool spfa(){
for(int i=S;i<=T;i++) mark[i]=,dis[i]=inf;
int h=,t=;q[t]=T;dis[T]=;mark[T]=;
while(h!=t){
int x=q[++h];mark[x]=;
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
int v=e[i].v;
if(e[i^].cap&&dis[v]>dis[x]+e[i^].cost){
dis[v]=dis[x]+e[i^].cost;
if(!mark[v]){
mark[v]=;
q[++t]=v;
}
}
}
}
return dis[S]<inf;
}
int dfs(int x,int f){
mark[x]=;
if(x==T) return f;
int used=,w;
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
int v=e[i].v;
if(!mark[v]&&e[i].cap&&dis[v]+e[i].cost==dis[x]){
w=dfs(v,min(f-used,e[i].cap));
e[i].cap-=w;e[i^].cap+=w;
ans+=w*e[i].cost;
used+=w;
if(used==f) return used;
}
}
return used;
}
inline void zkw(){
while(spfa()){
mark[T]=;
while(mark[T]){
memset(mark,,sizeof mark);
dfs(S,inf);
}
}
}
int main(){
setfire(chess);
init();
mapping();
zkw();
//while(spfa()) augment();
printf("%d",ans);
return ;
}
//最后一个点5.39s,zkw费用流死活跑不过去
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