bzoj4514 [Sdoi2016]数字配对

Description

有 n 种数字，第 i 种数字是 ai、有 bi 个，权值是 ci。

若两个数字 ai、aj 满足，ai 是 aj 的倍数，且 ai/aj 是一个质数，

那么这两个数字可以配对，并获得 ci×cj 的价值。

一个数字只能参与一次配对，可以不参与配对。

在获得的价值总和不小于 0 的前提下，求最多进行多少次配对。

Input

第一行一个整数 n。

第二行 n 个整数 a1、a2、……、an。

第三行 n 个整数 b1、b2、……、bn。

第四行 n 个整数 c1、c2、……、cn。

Output

一行一个数，最多进行多少次配对

Sample Input

3
2 4 8
2 200 7
-1 -2 1

Sample Output

4

HINT

n≤200，ai≤10^9，bi≤10^5，∣ci∣≤10^5

正解：费用流。

这题的费用流模型还是比较显然的，不过有两个要注意的地方。

首先这题需要建成二分图的模型，所以每个点的流量肯定会乘$2$，如果直接连可能会导致有些点多用了流量。对于这种情况，我们在每个$i->j$的连边时，把$j->i$也连边，最后把流量除以$2$，就能解决这个问题了。

还有一个问题，题目是问的费用$>=0$的最大流，首先我们肯定要把费用取反，转成最小费用最大流。然后我们可以在每次增广时加一个特判，如果之前增广的费用+当前费用$>0$，那么我们直接取使得费用$<=0$的最大流量就行了。因为费用流每次都是找最短路增广，所以这样做是对的。

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 #include <algorithm>
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 #include <cstdio>
 #include <vector>
 #include <cmath>
 #include <queue>
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 #include <map>
 #include <set>
 #define inf (1LL<<60)
 #define N (3010)
 #define il inline
 #define RG register
 #define ll long long
 #define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
 
 using namespace std;
 
 struct edge{ ll nt,to,flow,cap,dis; }g[];
 
 ll head[N],dis[N],vis[N],f[N],p[N],fa[N],a[N],b[N],c[N];
 ll q[],n,S,T,flow,cost,num=;
 
 il ll gi(){
     RG ll x=,q=; RG char ch=getchar();
     while ((ch<'' || ch>'') && ch!='-') ch=getchar();
     if (ch=='-') q=-,ch=getchar();
     while (ch>='' && ch<='') x=x*+ch-,ch=getchar();
     return q*x;
 }
 
 il void insert(RG ll from,RG ll to,RG ll cap,RG ll cost){
     g[++num]=(edge){head[from],to,,cap,cost},head[from]=num; return;
 }
 
 il ll bfs(RG ll S,RG ll T){
     for (RG ll i=;i<=T;++i) dis[i]=inf;
     RG ll h=,t=; q[t]=S,dis[S]=,vis[S]=,f[S]=inf;
     while (h<t){
     RG ll x=q[++h],v;
     for (RG ll i=head[x];i;i=g[i].nt){
         v=g[i].to;
         if (dis[v]>dis[x]+g[i].dis && g[i].cap>g[i].flow){
         dis[v]=dis[x]+g[i].dis,fa[v]=x,p[v]=i;
         f[v]=min(f[x],g[i].cap-g[i].flow);
         if (!vis[v]) vis[v]=,q[++t]=v;
         }
     }
     vis[x]=;
     }
     if (dis[T]==inf) return ;
     if (cost+dis[T]*f[T]>){ //费用>0特判
     RG ll x=-cost/dis[T];
     flow+=x; return ;
     }
     flow+=f[T],cost+=dis[T]*f[T];
     for (RG ll i=T;i!=S;i=fa[i])
     g[p[i]].flow+=f[T],g[p[i]^].flow-=f[T];
     return ;
 }
 
 il ll isprime(RG ll x){
     if (x== || x==) return ;
     if (!(x&)) return x==;
     for (RG ll i=;i*i<=x;++i)
     if (!(x%i)) return ;
     return ;
 }
 
 il void work(){
     n=gi(),S=*n+,T=*n+;
     for (RG ll i=;i<=n;++i) a[i]=gi();
     for (RG ll i=;i<=n;++i) b[i]=gi();
     for (RG ll i=;i<=n;++i) c[i]=gi();
     for (RG ll i=;i<=n;++i){
     insert(S,i,b[i],),insert(i,S,,);
     insert(n+i,T,b[i],),insert(T,n+i,,);
     }
     for (RG ll i=;i<=n;++i)
     for (RG ll j=;j<=n;++j){
         if (a[i]%a[j]) continue;
         if (isprime(a[i]/a[j])){
         insert(i,n+j,inf,-c[i]*c[j]),insert(n+j,i,,c[i]*c[j]);
         insert(j,n+i,inf,-c[i]*c[j]),insert(n+i,j,,c[i]*c[j]);
         //防止多余流量影响结果
         }
     }
     while (bfs(S,T)); printf("%lld\n",flow>>); return;
 }
 
 int main(){
     File("match");
     work();
     return ;
 }