这道题的L和R都很大,所以如果直接开一个1~R的数组明显会超时。但是R-L并不大,所以我们考虑把这个区间(L--R)移动到(1--(R-L+1))这个区间再开数组(就是把每个数减L再加1)。接下来先用埃氏筛分(可以自行百度)求出【2,√R】区间的素数,并存在prime数组里。对于prime数组里的每一个质数,求出其在区间(L--R)的倍数并且标记成false(非素数)。那么剩下的区间(L--R)里的数就都是素数咯~然后相邻的比较,求出差最大的和差最小的即可。

注意的细节:1.判断素数的数组(prime是用来储存素数数据的,用long long)isprime[],和 a[] 最好用bool,节省空间。

      2.这道题非bool的数据类型最好都开long long的,不然大的数据点会RE。

      3.注意左区间是“1”的情况,“1”是非素数。

下面给出代码:(必要的有注释)

 #include<cstdio>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll prime[],cnt;//prime存储【2,√R】区间的素数,cnt记录该区间素数个数
bool isprime[];//isprime:初始判断 【2,√R】区间的素数
bool a[];//原区间左右至(1~(R-L+1)) 后,判断素数
ll l,r;
void ini()
{
memset(isprime,,sizeof(isprime));
isprime[]=isprime[]=;
memset(a,,sizeof(a));
}
void sushu()//初始用埃氏筛法,筛选 【2,√R】区间的素数
{
for (ll i=;i*i<=r;i++)
{
if (isprime[i])
{
prime[cnt++]=i;
for (ll j=i*i;j*j<=r;j+=i)
isprime[j]=;
}
}
}
void sift()//筛选区间内的素数
{
for (ll i=;i<cnt;i++)
{
ll bm=l/(ll)prime[i];
for (ll j=bm*(ll)prime[i];j<=r;j+=(ll)prime[i])
if ((j)!=(ll)prime[i]) a[j-l+]=;
}
if (l==) a[]=;//注意“1”不是素数
}
void minus()//相邻素数求差最大和差最小
{
ll pre=,minans=,maxans=,x1,x2,y1,y2;
for (ll i=;i<=(r-l+);i++)
{
if (a[i])
{
if (pre)
{
if (i-pre > maxans)
maxans=i-pre,x1=pre,x2=i;
if (i-pre < minans)
minans=i-pre,y1=pre,y2=i;
}
pre=i;
}
}
if (maxans && minans!=)
printf("%lld,%lld are closest, %lld,%lld are most distant.\n",(ll)y1+l-,(ll)y2+l-,(ll)x1+l-,(ll)x2+l-);
else printf("There are no adjacent primes.\n");
}
int main()
{
while (scanf ("%lld%lld",&l,&r)!=EOF)
{
ini();
sushu();
sift();
minus();
}
return ;
}

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