题目:告诉你每两个点之间的最短路距离。构造每条边边权<=m的无向完全图。求有多少种不同边权的图满足最短路限制?n<=400.

标程:

 #include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int mod=;
const int N=;
int n,a[N][N],c[N][N],g[N],f[N],sz[N],h[N],ans,m;
bool ok()
{
for (int i=;i<=n;i++) if (a[i][i]) return ;
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=i+;j<=n;j++) if (a[i][j]!=a[j][i]||a[i][j]>m) return ;
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=i+;j<=n;j++)
for (int k=;k<=n;k++)
if ((ll)a[i][k]+a[k][j]<a[i][j]) return ;
return ;
}
int find(int x) {return x==f[x]?x:f[x]=find(f[x]);}
int ksm(int x,int y)
{
int res=;
while (y) {if (y&) res=(ll)res*x%mod; x=(ll)x*x%mod; y>>=;}
return res;
}
void init()
{
for (int i=;i<=n;i++) c[i][]=;
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=;j<=i;j++) c[i][j]=((ll)c[i-][j]+c[i-][j-])%mod;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);init(); ans=;
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=;j<=n;j++) scanf("%d",&a[i][j]);
if (!ok()) return puts(""),;
for (int i=;i<=n;i++) f[i]=i;
for (int i=;i<=n;i++)
for (int j=i+;j<=n;j++) if (!a[i][j]) f[find(i)]=find(j);
for (int i=;i<=n;i++) sz[find(i)]++;
for (int i=;i<=n;i++)
if (f[i]==i)
for (int j=i+,k;j<=n;j++)
if (f[j]==j)
{
for (k=;k<=n;k++)
if (f[k]==k&&k!=i&&k!=j&&a[i][j]==(ll)a[i][k]+a[k][j]) break;
int ts=sz[i]*sz[j];
if (k<=n) ans=(ll)ans*ksm(m-a[i][j]+,ts)%mod;
else ans=(ll)ans*(ksm(m-a[i][j]+,ts)-ksm(m-a[i][j],ts)+mod)%mod;
}
for (int i=;i<=n;i++)
{
g[i]=h[i]=ksm(m+,i*(i-)/);//h[i]表示i个点不保证mst=0的方案数。g[i]表示包含1点和其他i-1个点中保证有mst=0的方案数。
for (int j=;j<i;j++)
g[i]=(ll)(g[i]-(ll)g[j]*h[i-j]%mod*c[i-][j-]%mod*ksm(m,j*(i-j))%mod+mod)%mod;
}
for (int i=;i<=n;i++) if (f[i]==i) ans=(ll)ans*g[sz[i]]%mod;
printf("%d\n",ans);
return ;
}

易错点:1.不要漏取模。

题目:性质+并查集+容斥dp

特判一下不合法(无解)的情况。

考虑一张没有0边的图(如果有0边的话ijk三角形中会有两条边被判作无用),当a[i,j]=a[i,k]+a[k,j]时,a[i,j]这条边可以在a[i,j]~m中任取,这条边是没有贡献的。

考虑特殊的0边,如果有一些点对的距离为0,那么就用并查集缩起来,那么这个图就变成了若干个连通块,每个连通块中的点对之间的距离都是0。

所以就可以在连通块之间做没有0边的情况(两个连通块之间的所有边应该都是相等的,一条边的贡献可以直接统计sz[i]*sz[j]次),在连通块内用套路容斥出mst=0的边权方案数。

复杂度O(n^3).

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