题目描述

很久很久之前,森林里住着一群兔子。有一天,兔子们突然决定要去看樱花。兔子们所在森林里的樱花树很特殊。樱花树由n个树枝分叉点组成,编号从0到n-1,这n个分叉点由n-1个树枝连接,我们可以把它看成一个有根树结构,其中0号节点是根节点。这个树的每个节点上都会有一些樱花,其中第i个节点有c_i朵樱花。樱花树的每一个节点都有最大的载重m,对于每一个节点i,它的儿子节点的个数和i节点上樱花个数之和不能超过m,即son(i) + c_i <= m,其中son(i)表示i的儿子的个数,如果i为叶子节点,则son(i) = 0

现在兔子们觉得樱花树上节点太多,希望去掉一些节点。当一个节点被去掉之后,这个节点上的樱花和它的儿子节点都被连到删掉节点的父节点上。如果父节点也被删除,那么就会继续向上连接,直到第一个没有被删除的节点为止。
现在兔子们希望计算在不违背最大载重的情况下,最多能删除多少节点。
注意根节点不能被删除,被删除的节点不被计入载重。

输入

第一行输入两个正整数,n和m分别表示节点个数和最大载重

第二行n个整数c_i,表示第i个节点上的樱花个数

接下来n行,每行第一个数k_i表示这个节点的儿子个数,接下来k_i个整数表示这个节点儿子的编号

输出

一行一个整数,表示最多能删除多少节点。

样例输入

10 4
0 2 2 2 4 1 0 4 1 1
3 6 2 3
1 9
1 8
1 1
0
0
2 7 4
0
1 5
0

样例输出

4

提示

对于100%的数据,1 <= n <= 2000000, 1 <= m <= 100000, 0 <= c_i <= 1000

数据保证初始时,每个节点樱花数与儿子节点个数之和大于0且不超过m


题解

树形dp+贪心

每次删除选定节点后,增加的重量为(选定节点的子节点数目+选定节点的樱花数)-1,

那么我们完全可以讲每个节点的重量看作子节点数目+樱花数。

于是就有贪心策略:优先选择重量小的子节点删除,否则若选择其它子节点,那么这个节点删掉的子节点不会增多,而且这个节点的重量会比贪心方案大,影响后面的处理。

先更新子节点的重量,并从小到大排序,根据贪心策略优先选择重量小的,判断能否去掉,若能去掉则更新当前节点的重量。

时间复杂度为O(nlogn),但常数较小,可以过。

#include <stdio.h>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
vector<int> son[2000001];
int c[2000001] , m , ans;
bool cmp(int a , int b)
{
return c[a] < c[b];
}
void dp(int x)
{
int i;
for(i = 0 ; i < (int)son[x].size() ; i ++ )
dp(son[x][i]);
sort(son[x].begin() , son[x].end() , cmp);
c[x] += son[x].size();
for(i = 0 ; i < (int)son[x].size() ; i ++ )
{
if(c[x] + c[son[x][i]] - 1 <= m)
{
c[x] += c[son[x][i]] - 1;
ans ++ ;
}
else
break;
}
}
int main()
{
int n , i , k , x;
scanf("%d%d" , &n , &m);
for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )
scanf("%d" , &c[i]);
for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )
{
scanf("%d" , &k);
while(k -- )
{
scanf("%d" , &x);
son[i].push_back(x + 1);
}
}
dp(1);
printf("%d\n" , ans);
return 0;
}

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