Description

Lily 特别喜欢养花,但是由于她的花特别多,所以照料这些花就变得不太容易。她把她的花依次排成一行,每盆花都有一个美观值。如果Lily把某盆花照料的好的话,这盆花的美观值就会上升,如果照料的不好的话,这盆花的美观值就会下降。有时,Lily想知道某段连续的花的美观值之和是多少,但是,Lily的算术不是很好,你能快速地告诉她结果吗?

Input

	第一行一个整数T,表示有T组测试数据。
每组测试数据的第一行为一个正整数N(N<=50000),表示Lily有N盆花。接下来有N个正整数,第i个正整数ai表示第i盆花的初始美观值(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1)Add i j, i和j为正整数,表示第i盆花被照料的好,美观值增加j(j<=30)
(2)Sub i j, i和j为正整数,表示第i盆花被照料的不好,美观值减少j(j<=30)
(3)Query i j, i和j为正整数,i<=j,表示询问第i盆花到第j盆花的美观值之和
(4)End,表示结束,这条命令在每组数据最后出现
每组数据的命令不超过40000条

Output

	对于第i组数据,首先输出"Case i:"和回车。
对于每个"Query i j"命令,输出第i盆花到第j盆花的美观值之和。

Sample Input

1
9
7 9 8 4 4 5 4 2 7
Query 7 9
Add 4 9
Query 3 6
Sub 9 6
Sub 3 3
Query 1 9
End

Sample Output

Case 1:
13
30
50
 
此题是一道典型的树状数组或线段树的题,主要是是单点更新区间查询 ,根据指令进行修改,较为简单,属于模板题,我用了zkw线段树,直接上代码:
# include <stdio.h>
#include<string.h>
# define N 50000 int a[N<<2], M, n, m, ans, cnt=1; int i;
void Add(int x, int v)
{
for (a[x+=M]+=v, x>>=1; x; x>>=1)
a[x] = a[x<<1]+a[x<<1|1];
} int query(int s, int t)
{
ans = 0;
for (s=s+M-1, t=t+M+1; s^t^1; s>>=1, t>>=1) {
if (~s&1) ans += a[s^1];
if (t&1) ans += a[t^1];
}
return ans;
} int main (void)
{
int c, b, t;
char order[6];
scanf("%d",&t);
for(int r = 1; r <= t; r++)
{
scanf("%d",&n);
for (M=1; M<=n+1; M<<=1);
for (i=M+1; i<=M+n; i++)
scanf("%d",&a[i]);
for (i=M-1; i; i--)
a[i] = a[i<<1]+a[i<<1|1];
printf("Case %d:\n",r);
while (1) {
scanf("%s",order);
if (strcmp(order,"End")==0) break;
scanf("%d%d",&b,&c);
if (strcmp(order,"Query")==0)
printf("%d\n",query(b,c)); //查询
else if (strcmp(order,"Add")==0)
Add(b,c); //加
else
Add(b,-c); //减
}
}
return 0;
}

  

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