题目背景

题目描述

有两个仅包含小写英文字母的字符串 A 和 B。现在要从字符串 A 中取出 k 个互不重叠的非空子串,然后把这 k 个子串按照其在字符串 A 中出现的顺序依次连接起来得到一 个新的字符串,请问有多少种方案可以使得这个新串与字符串 B 相等?注意:子串取出 的位置不同也认为是不同的方案。

输入输出格式

输入格式:

输入文件名为 substring.in。

第一行是三个正整数 n,m,k,分别表示字符串 A 的长度,字符串 B 的长度,以及问

题描述中所提到的 k,每两个整数之间用一个空格隔开。 第二行包含一个长度为 n 的字符串,表示字符串 A。 第三行包含一个长度为 m 的字符串,表示字符串 B。

输出格式:

输出文件名为 substring.out。 输出共一行,包含一个整数,表示所求方案数。由于答案可能很大,所以这里要求[b]输出答案对 1,000,000,007 取模的结果。[/b]

输入输出样例

输入样例#1: 复制

6 3 1
aabaab
aab
输出样例#1: 复制

2
输入样例#2: 复制

6 3 2
aabaab
aab
输出样例#2: 复制

7
输入样例#3: 复制

6 3 3
aabaab
aab
输出样例#3: 复制

7

说明

对于第 1 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=1;

对于第 2 组至第 3 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=2; 对于第 4 组至第 5 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,k=m; 对于第 1 组至第 7 组数据:1≤n≤500,1≤m≤50,1≤k≤m; 对于第 1 组至第 9 组数据:1≤n≤1000,1≤m≤100,1≤k≤m; 对于所有 10 组数据:1≤n≤1000,1≤m≤200,1≤k≤m。

设dp[ i ][ j ][ k ]为A用到了 i ,B用到了 j ,已经用了 k 个子串, 并且一定用了当前字符(A[i])时的方案数。

设f[ i ][ j ][ k ]为A用到了 i ,B用到了 j ,已经用了 k 个子串, 无论用不用当前字符(A[i])时的方案数总和。

接下来这个转移可就有蛮难想了。

一个一个来,

先分析一下 s 的转移。

能转移的前提自然是 A[ i ] == B [ j ]啦。

既然 A[i] 一定要用,那么依旧是两种情况:独自成一串 或 与前面的成一串。

独自成一串,方案数为:f[ i-1 ][ j-1 ][ k-1]

与前方共成一串,方案数为:dp[ i-1 ][ j-1 ][ k ],因为前一个字符串(A[i-1])也一定要用!

所以合并一下: dp[ i ][ j ][ k ] = f[ i-1 ][ j-1 ][ k-1 ] + dp[ i-1 ][ j-1 ][ k ];

接着分析 f 的转移。

f[ i ][ j ][ k ] 的来源也有两种: 使用当前字符 或 不使用当前字符

对于使用当前字符,方案数算法如上,答案即:dp[ i ][ j ][ k ];

对于不使用当前字符,则从f[ i-1 ]转来,即:f[ i -1 ][ j ][ k ];

合并一下: f[ i ][ j ][ k ] = f[ i-1 ][ j ][ k ] + dp[ i ][ j ][ k ];

 #include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int MAXN=;
const int INF=0x7fffff;
const int mod=1e9+;
inline int read()
{
char c=getchar();int flag=,x=;
while(c<''||c>'') {if(c=='-') flag=-;c=getchar();}
while(c>=''&&c<='') x=x*+c-,c=getchar();return x*flag;
}
int dp[][MAXN][MAXN];//一定要用
int f[][MAXN][MAXN];//可以不用
char s1[MAXN],s2[MAXN];
int n,m,t;
int main()
{
n=read();m=read();t=read();
scanf("%s",s1+);scanf("%s",s2+);
int now=,past=;
f[][][]=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
f[now][][]=;
for(int j=;j<=m;j++)
{
for(int k=;k<=t;k++)
{
if(s1[i]==s2[j]) dp[now][j][k]=(dp[past][j-][k]+f[past][j-][k-])%mod;
else dp[now][j][k]=;
f[now][j][k]=(f[past][j][k]+dp[now][j][k])%mod;
}
}
swap(now,past);
}
printf("%d",f[past][m][t]);
return ;
}

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