1492: [NOI2007]货币兑换Cash

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Description

小Y最近在一家金券交易所工作。该金券交易所只发行交易两种金券:A纪念券(以下简称A券)和 B纪念券(以下
简称B券)。每个持有金券的顾客都有一个自己的帐户。金券的数目可以是一个实数。每天随着市场的起伏波动,
两种金券都有自己当时的价值,即每一单位金券当天可以兑换的人民币数目。我们记录第 K 天中 A券 和 B券 的
价值分别为 AK 和 BK(元/单位金券)。为了方便顾客,金券交易所提供了一种非常方便的交易方式:比例交易法
。比例交易法分为两个方面:(a)卖出金券:顾客提供一个 [0,100] 内的实数 OP 作为卖出比例,其意义为:将
 OP% 的 A券和 OP% 的 B券 以当时的价值兑换为人民币;(b)买入金券:顾客支付 IP 元人民币,交易所将会兑
换给用户总价值为 IP 的金券,并且,满足提供给顾客的A券和B券的比例在第 K 天恰好为 RateK;例如,假定接
下来 3 天内的 Ak、Bk、RateK 的变化分别为:
假定在第一天时,用户手中有 100元 人民币但是没有任何金券。用户可以执行以下的操作:
注意到,同一天内可以进行多次操作。小Y是一个很有经济头脑的员工,通过较长时间的运作和行情测算,他已经
知道了未来N天内的A券和B券的价值以及Rate。他还希望能够计算出来,如果开始时拥有S元钱,那么N天后最多能
够获得多少元钱。

Input

输入第一行两个正整数N、S,分别表示小Y能预知的天数以及初始时拥有的钱数。接下来N行,第K行三个实数AK、B
K、RateK,意义如题目中所述。
测试数据设计使得精度误差不会超过10^-7。
对于40%的测试数据,满足N ≤10;
对于60%的测试数据,满足N ≤1 000;
对于100%的测试数据,满足N ≤100 000;
对于100%的测试数据,满足:0<AK≤10;0<BK≤10;0<RateK≤100;MaxProfit≤10^9。
【提示】
1.输入文件可能很大,请采用快速的读入方式。
2.必然存在一种最优的买卖方案满足:
每次买进操作使用完所有的人民币;
每次卖出操作卖出所有的金券。
 

Output

只有一个实数MaxProfit,表示第N天的操作结束时能够获得的最大的金钱数目。答案保留3位小数。

Sample Input

3 100
1 1 1
1 2 2
2 2 3

Sample Output

225.000

HINT

(转载请注明原文地址:http://www.cnblogs.com/LadyLex/p/8028556.html )

终于把CDQ维护凸壳学了……

那么既然题目已经给提示2了,我们就可以针对性的设$f[i]$为第i天获得的最多A券数,$ans[i]$为第i天的最大获利,那么我们要求的就是ans[n]了。

这个dp显然是可以$O(n^{2})$解决的……但是这样拿不了后面的分数。

然后你就想啊,肯定要优化啊……然后你就可以化出一个斜率的式子来。

对于$ans[i]$的决策,我们设两天j和k,j比k优秀的话,就会有

$(f[j]-f[k])*a[i]+(f[j]/rate[j]-f[k]/rate[k])*b[i]>0$

再设$g[i]=f[i]/rate[i]$(也就是第i天获得的最多B券数),为了处理不等式的符号我们设$f[j]<f[k]$

所以有:

$(g[j]-g[k])*b[i]>-(f[j]-f[k])*a[i]$

$(g[j]-g[k])/(f[j]-f[k])<-a[i]/b[i]$

(当然,实际情况是有$f[j]==f[k]$,即斜率不存在的情况存在的,到时候还要讨论。)

那么我们转化到一些坐标为(f[i],g[i])的二维平面的点上来。

我们建立一个这些点的上凸壳,然后在凸壳上二分最靠左的最后一个满足$k(point(x),point(x+1))<-a[i]/b[i]$的点x,

那么$x+1$就是最优秀的取值,也即本次决策点。

但是你发现这个f[i]不随i单调……那么我们考虑splay或者CDQ

打个J的splay啊

那么我们CDQ维护凸壳并且决策就好了……

具体实现是让$f[i]$有序之后按照正常方法建凸壳,然后让$-a[i]/b[i]$有序(我是从大到小排序),单调扫一边完成决策。

怎么让这俩有序呢……一是大力sort,复杂度$O(nlog^{2}n)$,一是归并排序,复杂度$O(nlogn)$

两种方法我都打了一下……感觉少个$logn$没快到哪去,也没长到哪去……

如果复杂度可行还是打$log^{2}$吧……

两份代码:

 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define eps 1e-8
#define N 100010
#define db double
#define inf 0x7fffffff
#define sign(a) (((a)>-eps)-((a)<eps))
int n,top,sta[N],id[N],tmp[N],idk[N],tmpk[N],match[N];
db ans[N],ak[N],bk[N],rate[N],f[N],g[N];
inline db max(db a,db b){return a>b?a:b;}
inline bool comp(const int &a,const int &b)
{return f[a]<f[b] || ( sign(f[a]-f[b])==&&g[a]<g[b] );}
inline double k(int a,int b)
{
if(sign(f[a]-f[b])==)return sign(g[a]-g[b])*inf;
return (g[a]-g[b])/(f[a]-f[b]);
}
inline bool compk(const int &a,const int &b)
{return sign( (-ak[a]/bk[a]) - (-ak[b]/bk[b]) ) > ;}
inline void CDQ(int l,int r)
{
if(l==r){g[l]=f[l]/rate[l];return;}
register int hd1,i,t,mi=l+r>>,p=l-,q=mi,h=l-;
for(i=l;i<=r;++i)
if(match[idk[i]]<=mi)tmpk[++p]=idk[i];
else tmpk[++q]=idk[i];
for(i=l;i<=r;++i)idk[i]=tmpk[i];
CDQ(l,mi);
for(top=,i=l;i<=mi;++i)
{
while(top> && k(sta[top-],sta[top]) < k(sta[top],id[i]) )--top;
sta[++top]=id[i];
}
for(hd1=,i=mi+;i<=r;++i)
{
t=match[idk[i]];
while( hd1<top&&sign( k(sta[hd1],sta[hd1+]) - (-ak[t]/bk[t]) ) >= )++hd1;
ans[t]=max(ans[t],f[sta[hd1]]*ak[t]+g[sta[hd1]]*bk[t]);
}
for(i=mi+;i<=r;++i)
t=match[idk[i]],ans[t]=max(ans[t],ans[t-]),f[t]=ans[t]*rate[t]/(ak[t]*rate[t]+bk[t]);
CDQ(mi+,r);
p=l,q=mi+,h=l;
while(p<=mi&&q<=r)
if(comp(id[p],id[q]))tmp[h++]=id[p++];
else tmp[h++]=id[q++];
while(p<=mi)tmp[h++]=id[p++];
while(q<=r)tmp[h++]=id[q++];
for(i=l;i<=r;++i)id[i]=tmp[i];
}
int main()
{
register int i,j;
scanf("%d%lf",&n,&ans[]);
for(i=;i<=n;++i)
scanf("%lf%lf%lf",&ak[i],&bk[i],&rate[i]);
f[]=ans[]*rate[]/(ak[]*rate[]+bk[]);
for(i=;i<=n;++i)id[i]=idk[i]=match[i]=i;
sort(match+,match+n+,compk);
CDQ(,n);
printf("%.3f\n",ans[n]);
}

nlogn

 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define eps 1e-8
#define N 100010
#define db double
#define inf 0x7fffffff
#define sign(a) (((a)>-eps)-((a)<eps))
int n;
db ans[N],ak[N],bk[N],rate[N],f[N],g[N];
inline db max(db a,db b){return a>b?a:b;}
int top,sta[N];
int id[N],tmp[N],idk[N];
inline bool comp(const int &a,const int &b)
{
return f[a]<f[b] || ( sign(f[a]-f[b])==&&g[a]<g[b] );
}
inline double k(int a,int b)
{
if(sign(f[a]-f[b])==)
return sign(g[a]-g[b])*inf;
return (g[a]-g[b])/(f[a]-f[b]);
}
inline bool compk(const int &a,const int &b)
{
return sign( (-ak[a]/bk[a]) - (-ak[b]/bk[b]) ) > ;
}
inline void CDQ(int l,int r)
{
if(l==r){g[l]=f[l]/rate[l];return;}
register int hd1,i,mi=l+r>>;
CDQ(l,mi);
for(i=mi+;i<=r;++i)id[i]=i;sort(id+l,id+mi+,comp);
for(i=mi+;i<=r;++i)idk[i]=i;sort(idk+mi+,idk+r+,compk);
for(top=,i=l;i<=mi;++i)
{
while(top> && k(sta[top-],sta[top]) < k(sta[top],id[i]) )--top;//****
sta[++top]=id[i];
}
for(hd1=,i=mi+;i<=r;++i)
{
while( hd1<top&&sign( k(sta[hd1],sta[hd1+]) - (-ak[idk[i]]/bk[idk[i]]) ) >= )++hd1;
ans[idk[i]]=max(ans[idk[i]],f[sta[hd1]]*ak[idk[i]]+g[sta[hd1]]*bk[idk[i]]);
}
for(i=mi+;i<=r;++i)
ans[i]=max(ans[i],ans[i-]),f[i]=ans[i]*rate[i]/(ak[i]*rate[i]+bk[i]);
CDQ(mi+,r);
}
int main()
{
register int i,j;
scanf("%d%lf",&n,&ans[]);
for(i=;i<=n;++i)
scanf("%lf%lf%lf",&ak[i],&bk[i],&rate[i]);
f[]=ans[]*rate[]/(ak[]*rate[]+bk[]);
for(i=;i<=n;++i)id[i]=i;
CDQ(,n);
printf("%.3f\n",ans[n]);
}

nlog^2n

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